《福建省2018-2019学年高一下学期期中考试物理试题 Word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《福建省2018-2019学年高一下学期期中考试物理试题 Word版含解析（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、莆田一中2018-2019学年度下学期第一学段考试试卷本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，共100分.请将第卷的正确答案填涂在答题卡上，第卷按要求作答在答题卷上.第卷 （选择题，共36分）一、选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分，在给出的四个选项中，第1题-8题只有一个选项符合要求，第9题-12题有多个选项符合要求，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，有错选的得0分，请把答案涂在答题卡上。）1.关于曲线运动的叙述正确的是（ ）A. 曲线运动不一定都是变速运动B. 做曲线运动物体，速度方向时刻变化，故曲线运动不可能是匀变速运动C. 物体一个恒力作用下有可能做曲线运动D. 物
2、体只有受到方向时刻变化的力的作用下才可能做曲线运动【答案】C【解析】A项：既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，所以A错误；B项：做曲线运动的物体，速度方向时刻变化，故曲线运动可以是匀变速运动比如平抛运动，故B错误；C项：物体在一恒力作用下有可能做曲线运动，例如平抛运动，故C正确；D项：物体在受到恒力的作用也可能做曲线运动，故D错误。2.如图所示，某同学将一小球水平抛出，最后球落在了正前方小桶的左侧，不计空气阻力为了能将小球抛进桶中，他可采取的办法是（ ）A. 保持抛出点高度不变，减小初速度大小B. 保持抛出点高度不变，增大初速度大小C. 保持初速度大小不变，
3、降低抛出点高度D. 减小初速度大小，同时降低抛出点高度【答案】B【解析】设小球平抛运动的初速度为v0，抛出点离桶的高度为h，水平位移为x，则，解得平抛运动的时间为：，水平位移为：，由此可知，要增大水平位移x，可保持抛出点高度h不变，增大初速度v0，故B正确，A错误；由此可知，要增大水平位移x，可保持初速度v0大小不变，增大抛出点高度h，故CD错误。所以B正确，ACD错误。3.在越野赛车时，一辆赛车在水平公路上减速转弯，从俯视图中可以看到，赛车沿圆周由P向Q行驶，下列图中画出了赛车转弯时所受合力的四种方式，你认为正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析：根据力与轨迹的关系
4、，力要指向轨迹弯曲的内侧，且赛车沿圆周由P向Q做减速行驶，可知力与运动方向的夹角为钝角，所以D正确。考点：本题考查力与运动的关系，意在考查学生的分析能力。4.一辆卡车在丘陵地匀速率行驶，地形如图所示，由于轮胎太旧，途中爆胎可能性最大的地段应是（ ）A. a处B. b处C. c处D. d处【答案】D【解析】【详解】在bd处，卡车做圆周运动，加速度方向竖直向上，根据牛顿运动定律得知，卡车处于超重状态，地面对卡车的作用力大于其重力；在a、c处，卡车做圆周运动，加速度方向竖直向下，根据牛顿运动定律得知，卡车处于失重状态，地面对卡车的作用力小于其重力；在b、d处，根据圆周运动可知可知，半径越小，FN越大
5、，越容易爆胎，故在d处容易爆胎，故D正确，ABC错误；故选D。5.质量为m的物体由静止开始下落，由于空气阻力影响物体，下落的加速度为g，在物体下落高度h的过程中，下列说法正确的是（ ）A. 物体的动能增加了mghB. 物体的机械能减少了mghC. 物体克服阻力所做的功为mghD. 物体的重力势能减少了mgh【答案】A【解析】【详解】物体的合力做正功为mah=mgh，则物体的动能增量为mgh，故A正确；物体下落过程中，受到阻力为f=mg-ma=mg，物体克服阻力所做的功mgh，机械能减小量等于阻力所做的功；故机械能减小了mgh；故BC错误；物体下落h高度，重力做功为mgh，则重力势能减小为mgh
6、，故D错误；故选A。【点睛】本题应明确重力势能变化是由重力做功引起，而动能变化是由合力做功导致，除重力以外的力做功等于机械能的变化6.美国的NBA篮球赛非常精彩，吸引了众多观众。经常能看到这样的场面：在终场前0.1s的时候，运动员把球投出且准确命中，获得比赛的最后胜利。已知球的质量为m，运动员将篮球投出，球出手时的高度为h1、动能为Ek、篮筐距地面高度为h2。不计空气阻力。则篮球进筐时的动能为A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】篮球机械能守恒，有，解得，A正确7.一小船在静水中的速度为3 m/s，它在一条河宽150 m、水流速度为4 m/s的河流中渡河，则该小船()A. 能到达正
7、对岸B. 渡河的时间可能少于50 sC. 以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为200 mD. 以最短位移渡河时，位移大小为150 m【答案】C【解析】【详解】因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸。故A错误。当船的静水中的速度垂直河岸时渡河时间最短：，故B错误。船以最短时间50s渡河时沿河岸的位移：x=v水tmin=450m=200m，即到对岸时被冲下200m，故C正确。因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸。所以最短位移大于河的宽度即大于150m。故D错误。故
8、选C。【点睛】小船过河问题属于运动的合成问题，要明确分运动的等时性、独立性，运用分解的思想，看过河时间只分析垂直河岸的速度，分析过河位移时，要分析合速度.8.如图甲所示，将质量为m的小球以速度v0竖直向上抛出，小球上升的最大高度为h。若将质量分别为2m、3m、4m、5m的小球，分别以同样大小的速度v0从半径均为的竖直圆形光滑轨道的最低点水平向右射入轨道，轨道形状如图乙、丙、丁、戊所示。在质量分别为2m、3m、4m、5m的小球中，能到达的最大高度仍为h的是（ ）(小球大小和空气阻力均不计)A. 质量为2m的小球B. 质量为3m的小球C. 质量为4m的小球D. 质量为5m小球【答案】C【解析】试题
9、分析：甲图将质量为m的小球以速度v0竖直向上抛出，小球上升的最大高度为h，此时速度为零；乙图将质量为2m的小球以速度v0滑上曲面，小球若能到达最大高度为h，则此时速度不为零，根据动能与重力势能之和，大于初位置的动能与重力势能，因此不可能；丙图将质量为3m的小球以速度v0滑上曲面，小球若从最高点抛出，做斜抛运动，则此时速度不为零，根据机械能守恒可知，不可能达到h高度；丁图将质量为4m的小球以速度v0滑上曲面，小球若能到达最大高度为h，则此时速度为零，根据机械能守恒定律可知，满足条件；戊图将质量为5m的小球以速度v0滑上曲面，小球若从最高点抛出，做斜抛运动，则此时速度不为零，根据机械能守恒可知，不
10、可能达到h高度；故选C。考点：机械能守恒定律【名师点睛】考查机械能守恒定律的应用，掌握曲线运动时，最高点的速度不为零，而直线运动最高点速度为零，是解题的关键。9.一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直水平面，圆锥筒固定，有质量相同的小球A和B沿着筒的内壁在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，A的运动半径较大，则（ ）A. A球的角速度必小于B球的角速度B. A球的线速度必小于B球的线速度C. A球的运动周期必大于B球的运动周期D. A球对筒壁的压力必大于B球对筒壁的压力【答案】AC【解析】【详解】如图所示向心力 得： ，A、由于球A运动的半径大于B球的半径，A球的角速度必小于B球的角速度，A球的线速度
11、必大于B球的线速度，故A正确，B错误； C、由周期公式 ，所以球A的运动周期大于球B的运动周期，故C正确；D、球A对筒壁的压力等于球B对筒壁的压力，所以D错误。故选AC。10.A、B两物体的质量之比mA：mB=2：1，它们以相同的初速度v0在水平面上做匀减速直线运动，直到停止，其速度图象如图所示那么，A、B两物体所受摩擦阻力之比FA：FB与A、B两物体克服摩擦阻力做的功之比WA：WB分别为（）A. A、B两物体所受摩擦阻力之比FA：FB=4：1B. A、B两物体所受摩擦阻力之比FA：FB=2：1C. A、B两物体克服摩擦阻力做的功之比WA：WB=4：1D. A、B两物体克服摩擦阻力做的功之比W
12、A：WB=2：1【答案】AD【解析】根据速度时间的图象可知，加速度之比为，物体只受到摩擦力的作用，摩擦力作为合力产生加速度，由牛顿第二定律可知，F=ma，所以摩擦力之比为；由动能定理，物体克服摩擦阻力做的功为，由于ab的初速度大小相同，所以两物体克服摩擦阻力做的功之比，故AD正确，BC错误，故选AD。【点睛】由于物体只受到摩擦力的作用，根据速度时间的图象可以知道加速度的大小，再根据牛顿第二定律可以知道摩擦力的大小，根据动能定理可以知道摩擦力对物体做的功的大小。11.如图所示，水平绷紧传送带AB长L=6 m，始终以恒定速率v1=4 m/s运行。初速度大小为 v2=6 m/s的小物块(可视为质点)
13、从与传送带等高的光滑水平地面上经A点滑上传送带。小物块m=1 kg，物块与传送带间动摩擦因数=0.4，g取10 m/s2，下列说法正确的是A. 小物块可以到达B点B. 小物块不能到达B点，返回A点速度为4 m/sC. 小物块向左运动速度减为0时相对传送带滑动的距离达到最大D. 小物块在传送带上运动时，因相互间摩擦力产生的热量为50 J【答案】BD【解析】小物块在水平方向受到摩擦力的作用，f=mg，产生的加速度：.A、若小物块从右端滑上传送带后一直做匀减速运动，速度减为零时的位移是x，则，得，所以小物块不能到达B点，故A错误；B、小物块不能到达B点，速度减为零后反向做匀加速运动，当速度等于传送带
14、速度v1后匀速运动，返回A点速度为4m/s，故B正确；C、小物块不能到达B点，速度减为零后反向做匀加速运动加速的过程相对于初速度继续向左运动，所以小物块向左运动速度减为0时相对传送带滑动的距离没有达到最大，故C错误；D、小物块向右加速的过程中的位移：，当速度等于传送带速度v1时，经历的时间：，该时间内传送带的位移：s=v1t=42.5m=10m，所以小物块相对于传送带的位移：x=s+(x-x)=10+(4.5-2)=12.5m，小物块在传送带上运动时，因相互间摩擦力产生的热量为：Q=fx=0.410112.5J=50J，故D正确。故选BD.【点睛】本题关键是对于物体运动过程分析，物体可能一直减
15、速，也有可能先减速后匀速运动，也可能先减速后加速再匀速运动.12.一质量为800kg的电动汽车由静止开始沿平直公路行驶，达到的最大速度为18m/s,利用传感器测得此过程中不同时刻电动汽车的牵引力F与对应的速度v，并描绘出图象，图中AB、BC均为直线若电动汽车行驶过程中所受的阻力恒定，由图象可知下列说法正确的是（ ）A. 电动汽车由静止开始一直做变加速直线运动B. 电动汽车的额定功率为108kWC. 电动汽车由静止开始经过2s，速度达到6m/sD. 电动汽车行驶中所受的阻力为600N【答案】BD【解析】试题分析：AB段牵引力不变，根据牛顿第二定律知，加速度不变，做匀加速直线运动故A错误；额定功率 P=Fminvmax=60018=108kW，故B正确；匀加速运动的加速度，到达B点时的速度，所以匀加速的时间，若电动汽车一直做匀加速运动2s，则由静止开始经过2s的速度v=at=6m/s，所以电动汽车由静止开始经过2s，速度小于6m/s，故C错误；当最大速度vmax=18m/s时，牵引力为Fmin=600N，故恒定阻力 f=Fmin=6
