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1、2019高考物理（人教版）一轮优编选题（4）1、(2018山东泰安月考)如图所示,A、B为两个挨得很近的小球,并列放于光滑斜面上,斜面足够长,在释放B球的同时,将A球以某一速度v0水平抛出,当A球落于斜面上的P点时,B球的位置位于()A.P点以下B.P点以上C.P点D.由于v0未知,故无法确定答案B解析设A球落到P点的时间为tA,AP的竖直位移为y;B球滑到P点的时间为tB,BP的竖直位移也为y,A球做的是自由落体运动,由y=gt2得运动的时间为tA=,B球做的是匀加速直线运动,运动到P点的位移为s=,加速度的大小为a=gsin ,根据位移公式s=at2得,B运动的时间为tB=tA(为斜面倾角
2、)。所以B正确。故选B。2、(多选)(匀变速直线运动规律的应用)(2018湖南衡阳月考)一辆汽车从静止开始匀加速直线开出,然后保持匀速直线运动,最后做匀减速直线运动,直到停止,下表给出了不同时刻汽车的速度,根据表格可知()时刻/s1235679.510.5速度/(ms-1)36912121293A.汽车在t=5 s时刻开始做匀速直线运动B.汽车匀速运动的时间为5 sC.汽车加速阶段的平均速度小于减速阶段的平均速度D.汽车从开始运动直到停止的过程中的平均速度大小约8.73 m/s答案BD解析已知汽车做初速度为零的匀加速直线运动,由1 s末的速度可以求出加速度;由表格数据可得汽车在4 s末的速度达
3、到最大值12 m/s,由速度时间关系得出加速运动的时间;分别求出物体做匀加速直线运动、匀速直线运动和匀减速直线运动的位移相加;平均速度等于位移与时间的比值。根据13 s内做加速运动可知加速度a1= m/s2=3 m/s2,而从表格中可知汽车做匀速直线运动的速度为12 m/s,也就是加速阶段最大速度为12 m/s,故根据v=v0+at可知加速时间为t=4 s,故汽车在t=4 s开始做匀速直线运动,A错误;从表格中可知减速运动时的加速度为a2= m/s2=-6 m/s2,在t=9.5 s时速度为9 m/s,故已经减速了t= s=0.5 s,所以在t=9 s开始减速运动,故匀速运动时间为5 s,B正
4、确;加速阶段的平均速度v1= m/s=6 m/s,减速阶段的平均速度v2= m/s=6 m/s,故C错误;04 s做加速度a=3 m/s2的匀加速运动,产生的位移x1=at2=342 m=24 m;49 s做速度v=12 m/s的匀速直线运动,产生的位移x2=125 m=60 m;911 s做初速度为12 m/s,加速度a=-6 m/s2的匀减速运动,减速时间t= s=2 s,产生的位移x3=122 m+(-6)22 m=12 m,所以汽车产生的总位移x=x1+x2+x3=24 m+60 m+12 m=96 m,故全程的平均速度8.73 m/s,故D正确。3、(多选)(2018山东潍坊期中)如
5、图所示,质量分别为M、m物体A、B用细绳连接后跨过光滑的定滑轮,A静止在倾角为30的斜面上,已知M=2m,现将斜面倾角由30增大到35,系统仍保持静止。此过程中,下列说法正确的是()A.细绳对A的拉力将增大B.物体A受到的静摩擦力先减小后增大C.物体A对斜面的压力将减小D.滑轮受到的绳的作用力将增大答案CD解析先对物体B受力分析,受重力和拉力,由二力平衡得到拉力等于物体B的重力;再对物体A受力分析,受重力、支持力、拉力和静摩擦力,根据平衡条件列式分析。解M=2m,对物体B受力分析,受重力和拉力,由二力平衡得到:FT=mg再对物体A受力分析,受重力、支持力、拉力和静摩擦力,如图:根据平衡条件得到
6、:Ff+FT-2mgsin =0FN-2mgcos =0由两式解得:Ff=2mgsin -FT=2mgsin -mg,FN=2mgcos ,当不断变大时,Ff不断变大,FN不断变小。故A、B错误,C正确;绳子拉力大小不变,但夹角减小,滑轮受到的绳的作用力增大,故D正确。故选CD。4、如图甲所示,劲度系数为k的轻弹簧竖直放置,下端固定在水平地面上,一质量为m的小球,从离弹簧上端高h处自由下落,接触弹簧后继续向下运动。若以小球开始下落的位置为原点,沿竖直向下建立一坐标轴Ox,小球的速度v随时间t变化的图象如图乙所示。其中OA段为直线,切于A点的曲线AB和BC都是平滑的曲线,则关于A、B、C三点对应
7、的x坐标及加速度大小,下列说法正确的是()A.xA=h,aA=0B.xA=h,aAgC.xB=h+,aB=0D.xC=h+,aC=0答案C解析由题图可知,OA段是直线,说明O到A的过程中,小球做自由落体运动,小球到达A时,小球的加速度仍然是g,故A错误,B错误。B点是速度最大的地方,此时重力和弹力相等,合力为0,加速度也就为0,由mg=kx,可知x=,所以B的坐标为h+,所以C正确。取一个与A点对称的点为D,由A点到B点的形变量为,由对称性得由B到D的形变量也为,故到达C点时形变量要大于h+2,加速度acg,所以D错误。5、(功的正负判断)如图所示,木块B上表面是水平的,木块A置于B上,并与B
8、保持相对静止,一起沿固定的光滑斜面由静止开始下滑,在下滑过程中()A.A所受的合力对A不做功B.B对A的弹力做正功C.B对A的摩擦力做正功D.A对B做正功答案C解析A、B一起沿固定的光滑斜面由静止开始下滑,加速度为gsin 。由于A速度增大,由动能定理可知,A所受的合力对A做正功,B对A的摩擦力做正功,B对A的弹力做负功,选项A、B错误,C正确;A对B不做功,选项D错误。6、(多选)(非质点模型)(2017福建霞浦县月考)如图所示,在倾角=30的光滑固定斜面上,放有两个质量分别为1 kg和2 kg的可视为质点的小球A和B,两球之间用一根长l=0.2 m的轻杆相连,小球B距水平面的高度h=0.1
9、 m。两球由静止开始下滑到光滑地面上,不计球与地面碰撞时的机械能损失,g取10 m/s2。则下列说法正确的是()A.整个下滑过程中A球机械能守恒B.整个下滑过程中B球机械能不守恒C.整个下滑过程中A球机械能的增加量为JD.整个下滑过程中B球机械能的增加量为J答案BD解析在下滑的整个过程中,只有重力对系统做功,系统的机械能守恒,但在B球沿水平面滑行,而A沿斜面滑行时,杆的弹力对A、B球做功,所以A、B球各自机械能不守恒,故A错误,B正确;根据系统机械能守恒得mAg(h+lsin )+mBgh= (mA+mB)v2,解得v= m/s,系统下滑的整个过程中B球机械能的增加量为mBv2-mBgh= J
10、,故D正确;A球的机械能减小,C错误。7、(动量、动能的变化量)质量为0.2 kg的球竖直向下以6 m/s的速度落至水平地面,再以4 m/s的速度反向弹回。取竖直向上为正方向,在小球与地面接触的时间内,关于球动量变化量p和合外力对小球做的功W,下列说法正确的是()A.p=2 kgm/sW=-2 JB.p=-2 kgm/sW=2 JC.p=0.4 kgm/sW=-2 JD.p=-0.4 kgm/sW=2 J答案A解析取竖直向上为正方向,则小球与地面碰撞过程中动量的变化量p=mv2-mv1=0.24 kgm/s-0.2(-6) kgm/s=2 kgm/s,方向竖直向上。由动能定理,合外力做的功W=
11、0.242 J-0.262 J=-2 J。8、(多选)(电势与电势能)(2017湖北武汉武昌区模拟)如图所示,有一对等量异种电荷分别位于空间中的a点和f点,以a点和f点为顶点作一正立方体。现在各顶点间移动一试探电荷,关于试探电荷受电场力和具有的电势能,以下判断正确的是()A.在b点和d点受力大小相等,方向不同B.在c点和h点受力大小相等,方向相同C.在b点和d点电势能相等D.在c点和h点电势能相等答案ABC解析根据对称性和等量异种电荷周围电场线的分布特点可知,试探电荷在b点和d点受力大小相等,方向不同,在c点和h点受力大小相等,方向相同,所以选项A、B正确;因为b点和d点到两个场源电荷的距离都
12、一样,所以试探电荷在b点和d点电势能相等,选项C正确;c点离场源正电荷较h点远,所以试探电荷在c点和h点电势能不相等,或者根据等量异种电荷周围等势面的分布特点可知,中垂面是等势面,而c点和h点分居中垂面的两侧,它们的电势肯定不等,所以选项D错误。9、(U-I图象的应用)(2017贵州思南中学月考)如图所示是根据某次实验记录的数据画出的U-I图线,关于此图线的说法正确的是()A.纵轴的截距表示电源的电动势,即E=3.0 VB.横轴的截距表示电源的短路电流,即I短=0.6 AC.电源的内阻r=5 D.电源的内阻r=2.0 答案A解析U-I图象纵轴截距表示电源电动势大小,A正确;纵轴没有从零开始,故
13、此时横轴截距不是短路电流,B错;图象斜率的绝对值表示电源内阻,由题图可知内阻为1 ,C、D错。10、(带电粒子在磁场中的圆周运动)(2017湖北武汉模拟)如图所示,在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场,ab是圆的直径。一带电粒子从a点射入磁场,速度大小为v、方向与ab成30角时,恰好从b点飞出磁场,且粒子在磁场中运动的时间为t;若同一带电粒子从a点沿ab方向射入磁场,也经时间t飞出磁场,则其速度大小为()A. vB. vC.vD. v答案C解析设圆形区域直径为d,如图甲所示,粒子从a点射入从b点飞出磁场,运动时间t=,半径r1=d=;如图乙所示,粒子从a点沿ab方向射入磁场,运动时间t=,偏
14、向角为60,且tan 30=,半径r2=d=,速度v=v,选项C正确。11、(自感)(2017河北模拟)如图所示的电路中,A、B、C是三个完全相同的灯泡,L是一个自感系数较大的线圈,其直流电阻与灯泡电阻相同。下列说法正确的是()A.闭合开关S,A灯逐渐变亮B.电路接通稳定后,流过B灯的电流是流过C灯电流的C.电路接通稳定后,断开开关S,C灯立即熄灭D.电路接通稳定后,断开开关S,A、B、C灯过一会儿才熄灭,且A灯亮度比B、C灯亮度高答案D解析电路中A灯与线圈并联后与B灯串联,再与C灯并联。S闭合时,线圈的自感系数较大,自感电动势很大,故三个灯同时立即发光,由于线圈的电阻与灯泡电阻相同,电路稳定
15、后,流过A灯的电流是流过C灯电流的,A灯逐渐变暗,故A、B错误。电路接通稳定后,断开开关S,由于线圈中电流减小,产生自感电动势,阻碍电流的减小,线圈中电流不会立即消失,这个自感线圈与A、B、C三灯构成闭合回路,三灯都要过一会儿再熄灭。由于断开开关S后,B、C串联再同A并联,流过A灯的电流大于流过B、C两灯的电流,故A灯比B、C两灯的亮度高,所以D正确,C错误。12、.(理想变压器原、副线圈关系的应用)(多选)(2017广东湛江四校联考)理想变压器原、副线圈的匝数比为101,原线圈输入电压的变化规律如图甲所示,副线圈所接电路如图乙所示,P为滑动变阻器的滑片。则()A.副线圈输出电压的频率为50 HzB.副线圈输出电压的有效值为31 VC.P向右移动时,原、副线圈的电流之比减小D.P向右移动时,变压器的输出功率增加答案AD解析由题图甲可知,交变电流的周期为0.02 s,所以交变电流的频率为50 Hz,所以A正确;根据电压与匝数成正比可知,原线圈的电压的
