《安徽省安庆市赛口中学2018_2019学年高二物理下学期第二次月考试题》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省安庆市赛口中学2018_2019学年高二物理下学期第二次月考试题（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、赛口中学2019-2020学年下学期第二次月考高二年级物理学科试卷一选择题（本题包括12小题，每小题4分，共48分。1-8单选题，9-12多选题）1. 关于同一物体的动能和动量，下列说法中正确的是（ ）A动能不变，动量一定不变B动能变了，动量一定变C动量不变，动能可能变D动量变了，动能一定变2.有一个交流电源，电源电动势随时间变化的规律如图所示，把一个阻值为10的电阻接到该电源上，电源内阻不计，构成闭合回路以下说法中正确的是（）A电压的有效值为10VB通过电阻的电流有效值为1AC电阻每秒种产生的热量为10JD电阻消耗电功率为5W3.如图所示是一交变电流的it图象，则该交变电流的有效值为（）A4
2、 AB2ACADA4. 一矩形线圈在匀强磁场中转动，产生的感应电动势e=220sin100t（V），则（）A交流电的频率是100HzBt=0时线圈垂直于中性面C交流电的周期是0.02sDt=0.05s时，e有最大值5. 某远距离输电电路的输电电压为U，输电导线的总电阻为R，下列分析正确的是（）A由公式P=得到，输电导线的电阻越大，功率损失越少B由公式I=得到，输电导线的电阻越小，电流越大C由公式P=I2R得到，输电电流越大，输电导线上的功率损失越大D由公式P=UI得到，输电导线上的功率损失与电流强度成正比6. 水平恒定推力F1和F2分别作用于水平面上原来静止的、质量相等的a、b两物体上，作用一
3、段时间后撤去推力，由于惯性物体将继续运动一段时间后才能停下，两物体的vt图象如图所示，已知图中线段ABCD，则（）Aa物体受到的摩擦力小于b物体受到的摩擦力Ba物体受到的摩擦力大于b物体受到的摩擦力CF1的冲量大于F2的冲量DF1的冲量小于F2的冲量7. 如图所示，小车与木箱紧挨着静放在光滑的水平冰面上，现有一男孩站在小车上用力向右迅速推出木箱，关于上述过程，下列说法中正确的是（ ）A.木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量相同B.小车与木箱组成的系统动量守恒C.男孩、小车与木箱三者组成的系统动量守恒D.男孩和木箱组成的系统动量守恒8.如图所示，一枚手榴弹开始时在空中竖直向下落，到某位置时爆炸
4、成a、b两块同时落地，其中a落地时飞行的水平距离OA大于b落地时飞行的水平距离OB，下列说法正确的是（）A 爆炸瞬间a、b两块的速度大小相等B 爆炸瞬间a、b两块的速度变化量大小相等Ca、b两块落地时的速度大小相等D 爆炸瞬间a、b两块的动量变化大小相等9. 如图所示是质量为M=1.5kg的小球A和质量为m=0.5kg的小球B在光滑水平面上做对心碰撞前后画出的位移x时间t图象，由图可知（）A两个小球在碰撞前后动量不守恒B碰撞过程中，B损失的动能是3JC碰撞前后，A的动能不变D这两个小球的碰撞是弹性的10. 在远距离输电中，当输电线的电阻和输送的电功率不变时，那么（）A输电线路上损失的电压与输送
5、电流成正比B输电的电压越高，输电线路上损失的电压越大C输电线路上损失的功率跟输送电压的平方成反比D输电线路上损失的功率跟输电线的电流成正比11. 一质量为0.2的弹性小球，在光滑的水平面上以5m/s的速度垂直撞到墙上，碰撞后小球沿相反方向弹回，反弹后的速度大小与碰撞前的速度大小相等，则碰撞前后小球速度变化量的大小v和碰撞过程中墙对小球所做的功W为（）AW=0BW=5JCv=0Dv=10m/s12.如图，在光滑水平面上放着质量分别为m和2m的A、B两个物块，现用外力缓慢向左推B使弹簧压缩，此过程中推力做功W，然后撤去外力，则（）AA离开墙面后，A的最大速度为BA离开墙面后，弹簧的最大弹性势能为C
6、从开始到A离开墙面的过程中，墙对A的冲量为零D当A离开墙面时，B的动量大小为二填空题（本题共2题，13题8分，14题10分，共18分）13.如图所示，某变压器有两个线圈，如果把它当作降压变压器，则线圈接电源，原副线圈两端电压之比是；把它当作升压变压器，则线圈接电源，原、副线圈两端电压之比是 （13题） （14题）14. 某兴趣小组设计了一个“探究碰撞中的不变量”的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥，推动小车A使之做匀速直线运动，然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续做匀速直线运动他设计的具体装置如图（a）所示，在小车A后连着纸带，电磁式打点计时器的电源频率为50Hz，长木板下垫着薄木片
7、以平衡摩擦力（1）若已测得打点纸带如图（b）所示，并测得各计数点间距（已标在图b上）A为运动的起点，则应选段来计算A碰前的速度，应选段来计算A和B碰后的共同速度（以上两空选填“AB”或“BC”或“CD”或“DE”）（2）已测得小车A的质量mA=0.40kg，小车B的质量mB=0.20kg，则碰前两小车的总动量为kgm/s，碰后两小车的总动量为kgm/s（3）第（2）问中两结果不完全相等的原因是三计算题（共34分）15. (10分)如图所示，一理想变压器的原线圈匝数n1=1100匝、副线圈匝数n2=30匝，原线圈与电流表A1串联后接在电压u1=220sin100t（V）的交流电源上，电阻R=12
8、，电流表A1、A2和电压表V2均为理想的交流电表，求：（1）三只电表A1、A2和V2的读数分别是多少？（2）电阻R在t=30s时间内产生的热量是多少？16.（10分） 如图所示，质量为1kg可以看成质点的小球悬挂在长为0.9m的细线下端，将它拉至与竖直方向成=60的位置后自由释放当小球摆至最低点时，恰好与水平面上原来静止的、质量为2kg的木块相碰，碰后小球速度反向且动能是碰前动能的已知木块与地面的动摩擦因数=0.2，重力加速度取g=10m/s2求：（1）小球与木块碰前瞬时速度的大小；（2）小球与木块碰前瞬间所受拉力大小；（3）木块在水平地面上滑行的距离17.（14分） 如图所示，质量为M=2k
9、g的足够长的小平板车静止在光滑水平面上，车的一端静止着质量为MA=2kg的物体A（可视为质点）一个质量为m=20g的子弹以500m/s的水平速度迅即射穿A后，速度变为l00m/s，最后物体A静止在车上若物体A与小车间的动摩擦因数=0.5（g取10m/s2）平板车最后的速度是多大？全过程损失的机械能为多少？A在平板车上滑行的距离为多少？选择题BDBCBDCDBDACADAB1.B2.解：A、电压的有效值为：，故A错误；B、通过电阻的电流有效值为：，故B错误；C、电阻每秒钟产生的热量为：=，故C错误；D、电阻消耗的电功率为：，故D正确；故选：D3. 解：设交流电电流的有效值为I，周期为T，电阻为R
10、则：I2RT=+解得I=2故选：B4. 解：A、由表达式知角速度为100 rad/s，频率f=50Hz，周期T=，A错误，C正确；B、t=0时，感应电动势的瞬时值为零，则线圈位于中性面，故B错误；D、t=0.05s时，e=0，有最小值，故D错误；故选：C5. 解：A、由公式P=UI和P=I2R，得到；故输电导线的电阻越大，功率损失越大，故A错误；B、公式I=不能得出输电线上的电流和电阻间的关系，故B错误C、由公式P=I2R知，电流越大，单位时间内产生的热量越大，故C正确；D、公式P=UI不能得出输电线上的功率损失与电流成正比，应该由公式P=I2R得出输电线上的功率损失与电流得平方成正比，故D错
11、误；故选：C6. 解：A、由图，AB与CD平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律可知，两物体受到的摩擦力大小相等；故AB错误C、根据动量定理，对整个过程研究得F1t1ftOB=0，F2t2ftOD=0由图看出，tOBtOD，则有F1t1F2t2，即F1的冲量小于F2的冲量故C错误，D正确故选：D7. 解：AC：男孩、小车与木箱三者组成的系统所受合力为零，系统动量守恒；木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量大小相等、方向相反，木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量不相同。故A项错误，C项正确。B：小车与木箱组成的系统所受合外力不为零，系统动量不
12、守恒。故B项错误。D：男孩和木箱组成的系统所受合外力不为零，系统动量不守恒。故D项错误。8. 解：由题意知爆炸后a、b的竖直分速度大小相等，即竖直方向两个的动量没有发生变化由a的水平位移大小大于b的水平位移大小，可知a获得的水平分速度大小大于b获得的水平分速度大小，所以A、B、C均错；但水平方向动量守恒，所以a、b的动量变化必大小等，D正确；9. 解：A、根据xt图象的斜率等于速度，可知：A球的初速度为vA=0，B球的初的速度为vB=m/s=4m/s，碰撞后A球的速度为vA=2m/s，碰撞后B球的速度为vB=2m/s碰撞前总动量为P=MvA+mvB=2kgm/s，碰撞后总动量为P=MvA+mv
13、B=2kgm/s，故两个小球在碰撞前后动量守恒故A错误BC、碰撞过程中，B球的动能变化量为EkB=0.5（2242）=3J，即损失3J，故B正确C、碰撞前A的动能为0，碰撞后A的动能大于零，故C错误D、A球动能增加量为EkA=0=3J，则知碰撞前后系统的总动能不变，此碰撞是弹性碰撞，故D正确故选：BD10. 解：A、输电线上的电压损失U=IR，输电线路上损失的电压与输送电流成正比故A正确B、输电电压越高，根据P=UI知，输送的电流越小，则输电线上损失的电压越小故B错误C、根据P=UI知，I=，则输电线上损失的功率P损=I2R=（）2R，知输电线上损失的功率与输送电压的平方成反比故C正确D、根据
14、P损=I2R知，输电线上损失的功率与输电线上的电流平方成正比故D错误故选：AC11. 解：规定反弹速度方向为正方向，则v=v2v1=5（5）m/s=10m/s根据动能定理得，W=0故AD正确，BC错误故选：AD12. 解：C、根据冲量的定义I=Ft得知：从开始到A离开墙面的过程中，墙壁对A有弹力，所以墙对A的冲量不为0，故C错误AD、设A离开墙面时，B的速度为vB根据功能关系得：W=（2m）vB2得vB=B的动量大小为pB=2mvB=2当弹簧再次恢复原长时，A的速度最大，这一过程系统动量和机械能均守恒，取向右为正方向，有：动量守恒：2mvB=mvA+2mvB机械能守恒：2mvB2=mvA2+2mvB2
