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1、2013年全国高中数学联赛江西省预赛试题解答一、填空题（每题分）、若的每个质因子都是某个正整数等差数列中的项，则的最大值是 答案：解：，若皆是某正整数等差数列中的项，则公差应是与的公因数，为使取得最大，则其首项和公差都应取尽可能大的数，于是，所以的最大值是、若，则的最小值为 答案：解：据柯西不等式，、若，则 答案：解：因，则所以，故、如果一个正方体与一个正四面体的表面面积（各面面积之和）相等，则其体积之比 答案：解：记表面面积为（平方单位），则正方体每个面的面积为，其边长为，所以；正四面体每个面的面积为，设其边长为，则由，得；于是，因此、若椭圆中心到焦点，到长、短轴端点，以及到准线距离皆为正整
2、数，则这四个距离之和的最小值是 答案：解：设椭圆方程为，椭圆中心到长、短轴端点距离为，到焦点距离满足：，到准线距离满足：，由于组成勾股数，满足的勾股数组有以及，其中只有与，而使得的值为最小，这时有、函数的值域是 答案：解：的定义域为，故可设，则，而，这时，因此、设合数满足：，而的数字和为质数，就称合数为“山寨质数”，则这种“山寨质数”的个数是 答案：个解：用表示的数字和；而表示山寨为质数的合数的集合当时，不大于的质数共有个，它们是：，山寨为的合数有，而；，；共得个山寨质数、将集合中的元素作全排列，使得除了最左端的一个数之外，对于其余的每个数，在的左边某个位置上总有一个数与之差的绝对值为，那么，
3、满足条件的排列个数为 答案：（即个）解：设对于适合条件的某一排列，排在左边的第一个元素为，则在其余个数中，大于的个数，必定按递增的顺序排列；而小于的个数，必定按递降的顺序排列（位置不一定相邻）事实上，对于任一个大于的数，设，如果排在的左边，则与相差的另一数就必须排在的左边；同样，与相差的另一数又必须排在的左边；，那么，该排列的第二个数不可能与相差，矛盾！因此必定排在的右边用类似的说法可得，小于的个数，必定按递降的顺序排列；由于当排在左边的第一个元素确定后，右边还有个空位，从中任选个位置填写大于的数，（其余个位置则填写小于的数），选法种数为；而当位置选定后，则填数方法随之唯一确定，因此所有排法种
4、数为二、解答题、（20分）设直线与抛物线交于点，若，求抛物线方程以及的面积解：设交点，由与，得，故有，以及因，即，所以，即，化简得，因此抛物线方程为，从而交点坐标为：，因此、（20分）如图，四边形中，分别是的中点，是对角线上的一点；直线分别交的延长线于证明：线段被直线所平分证：设交于，直线截，则；为证是线段的中点，只要证， ，直线截，得，即 ，直线截，则有，即 ，相加得，即，也即，因此结论得证、（20分）在非钝角三角形中，证明：证一：这里用到，在非钝角三角形中，任两个内角之和不小于，所以由，得，因此，同理而，不能同时为从而结论得证证二：；（这是由于，锐角三角形中，任两个内角之和大于，而任一个半
5、角小于；）所以 证三：令，则，且；即要证 ，因为 ，故式即，也即，即 而因 ，故，所以，即 此式即为 由立知式成立（式强于式），因此命题得证、（26分）试确定，是否存在这样的正整数数列，满足：，且对每个，皆有或；而其各项的值恰好构成的一个排列？证明你的结论解：存在由于，而，（即有）；我们注意到，“差”运算具有“平移性”，即是说，如果或，那么，对任何整数，也有或；为此，先将集合中的数排成一个圈，使得圈上任何相邻两数之差皆为或，如图所示将此圈从任一间隙处剪开，铺成的线状排列，都满足或，为将数列锁定，在前面添加一项，使数列也满足条件，我们可选择与数相邻的一个间隙剪开；例如从右侧间隙剪开，并按顺时针排列，就成为：；，；若从左侧间隙剪开，并按逆时针排列，则成为：；这两种排列都满足或；记分段数列，而分段数列，将这些段作如下连接：，所得到的数列满足条件因为，；对其中任意两个邻项，若属于同一个分段，显然有或；若相邻项属于两个相邻段与，则是的首项：即，而是的末项，即，这时有，并且，因此，数列满足条件
