《2019年高考数学（文科）二轮专题突破训练：第一部分 思想方法研析指导 思想方法训练2 》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年高考数学（文科）二轮专题突破训练：第一部分 思想方法研析指导 思想方法训练2 （6页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、思想方法训练2分类讨论思想一、能力突破训练1.已知函数f(x)=-x2+ax,x1,2ax-5,x1,若存在x1,x2R,且x1x2,使得f(x1)=f(x2)成立,则实数a的取值范围是()A.(-,2)B.(-,4)C.2,4D.(2,+)2.在ABC中,内角A,B,C所对的边分别是a,b,c,若b2+c2-a2=3bc,且b=3a,则下列关系一定不成立的是()A.a=cB.b=cC.2a=cD.a2+b2=c23.若a0,且a1,p=loga(a3+1),q=loga(a2+1),则p,q的大小关系是()A.p=qB.pqD.当a1时,pq;当0a1时,p0,且x1,则函数y=lg x+l
2、ogx10的值域为()A.RB.2,+)C.(-,-2D.(-,-22,+)7.设Sn是等比数列an的前n项和,S3,S9,S6成等差数列,且a2+a5=2am,则m等于()A.6B.7C.8D.108.已知三棱锥S-ABC的所有顶点都在球O的球面上,AB=BC=CA=3,SA=SB=SC,球心O到平面ABC的距离为1,则SA与平面ABC所成角的大小为()A.30B.60C.30或60D.45或609.已知函数y=ax(a0,且a1)在区间1,2上的最大值比最小值大,则a的值是.10.已知函数f(x)=|ln x|,g(x)=0,01,则方程|f(x)+g(x)|=1实根的个数为.11.已知函
3、数f(x)=2asin2x-23asin xcos x+a+b(a0)的定义域为0,2,值域为-5,1,求常数a,b的值.12.设a0,函数f(x)= x2-(a+1)x+a(1+ln x).(1)求曲线y=f(x)在(2,f(2)处与直线y=-x+1垂直的切线方程;(2)求函数f(x)的极值.二、思维提升训练13.若直线l过点P-3,-32且被圆x2+y2=25截得的弦长是8,则直线l的方程为()A.3x+4y+15=0B.x=-3或y=-32来源:学+科+网Z+X+X+KC.x=-3D.x=-3或3x+4y+15=014.已知函数f(x)=|x|,xm,x2-2mx+4m,xm,其中m0.
4、若存在实数b,使得关于x的方程f(x)=b有三个不同的根,则m的取值范围是.15.若a为实数,函数f(x)=|x2-ax|在区间0,1上的最大值记为g(a),则当a=时,g(a)的值最小.16.已知函数f (x)=ax2-2x(0x1),求函数f(x)的最小值.17.已知函数f(x)=aln x+x2(a为实数).(1)求函数f(x)在区间1,e上的最小值及相应的x值;(2)若存在x1,e,使得f(x)(a+2)x成立,求实数a的取值范围.思想方法训练2分类讨论思想一、能力突破训练1.B解析 当-a-21时,显然满足条件,即a2a-5,即2a4.综上知,a4,故选B.2.B解析 在ABC中,由
5、余弦定理得cos A=b2+c2-a22bc=3bc2bc=32,则A=6.又b=3a,由正弦定理,得sin B=3sin A=32,则B=3或B=23.当B=3时,ABC为直角三角形,选项C,D成立;当B=23时,ABC为等腰三角形,选项A成立,故选B.3.C解析 当0a1时,y=ax和y=logax在其定义域上均为减函数,a3+1loga(a2+1),即pq.当a1时,y=ax和y=logax在其定义域上均为增函数,a3+1a2+1,loga(a3+1)loga(a2+1),即pq.综上可得pq.4.C解析 当焦点在x轴上时,ba=34,此时离心率e=ca=54;当焦点在y轴上时,ab=3
6、4,此时离心率e=ca=53,故选C.5.C解析 不妨设|AB|=2,以AB中点O为原点,AB所在直线为x轴建立平面直角坐标系xOy,则A(-1,0),B(1,0),设M(x,y),则N(x,0),MN=(0,-y),AN=(x+1,0),NB=(1-x,0),代入已知式子得x2+y2=,当=1时,曲线为A;当=2时,曲线为B;当1时,y=lg x+logx10=lg x+1lgx2lgx1lgx=2;当0x1时,y=ax在区间1,2上递增,故a2-a=,得a=;当0a1时,y=ax在区间1,2上递减,故a-a2=,得a=.故a=或a=.10.4解析 f(x)=-lnx,01,g(x)=0,0
7、x1,2-x2,1x2,x2-6,x2.(1)当0x1时,方程化为|-ln x+0|=1,解得x=1e或x=e(舍去).所以此时方程只有一个实根1e.(2)当1x2时,方程可化为|ln x+2-x2|=1.设h(x)=ln x+2-x2,h(x)=1x-2x=1-2x2x.因为1x2,所以h(x)=1-2x2x0,即函数h(x)在区间(1,2)上单调递减.因为h(1)=ln 1+2-12=1,h(2)=ln 2+2-22=ln 2-2,所以h(x)(ln 2-2,1).又ln 2-2-1,故当1x2时方程只有一解.(3)当x2时,方程可化为|ln x+x2-6|=1.记函数p(x)=ln x+
8、x2-6,显然p(x)在区间2,+)上单调递增.故p(x)p(2)=ln 2+22-6=ln 2-21,所以方程|p(x)|=1有两个解,即方程|ln x+x2-6|=1有两个解.综上可知,方程|f(x)+g(x)|=1共有4个实根.11.解 f(x)=a(1-cos 2x)-3asin 2x+a+b=-2asin2x+6+2a+b.x0,2,2x+66,76,-12sin2x+61.因此,由f(x)的值域为-5,1,可得a0,-2a-12+2a+b=1,-2a1+2a+b=-5或a0,f(x)=x-(a+1)+.因为曲线y=f(x)在(2,f(2)处切线的斜率为1,所以f(2)=1,即2-(
9、a+1)+a2=1,所以a=0,此时f(2)=2-2=0,故曲线f(x)在(2,f(2)处的切线方程为x-y-2=0.(2)f(x)=x-(a+1)+ax=x2-(a+1)x+ax=(x-1)(x-a)x.当0a0,函数f(x)单调递增;若x(a,1),则f(x)0,函数f(x)单调递增.此时x=a是f(x)的极大值点,x=1是f(x)的极小值点,函数f(x)的极大值是f(a)=-12a2+aln a,极小值是f(1)=-12.当a=1时,若x(0,1),则f(x)0,若x=1,则f(x)=0,若x(1,+),则f(x)0,所以函数f(x)在定义域内单调递增,此时f(x)没有极值点,也无极值.
10、当a1时,若x(0,1),则f(x)0,函数f(x)单调递增;若x(1,a),则f(x)0,函数f(x)单调递增,此时x=1是f(x)的极大值点,x=a是f(x)的极小值点,函数f(x)的极大值是f(1)=-12,极小值是f(a)=-12a2+aln a.综上,当0a1时,f(x)的极大值是-12,极小值是-12a2+aln a.二、思维提升训练13.D解析 若直线l的斜率不存在,则该直线的方程为x=-3,代入圆的方程解得y=4,故直线l被圆截得的弦长为8,满足条件;若直线l的斜率存在,不妨设直线l的方程为y+=k(x+3),即kx-y+3k-=0,因为直线l被圆截得的弦长为8,故半弦长为4,
11、又圆的半径为5,则圆心(0,0)到直线l的距离为52-42=3k-32k2+1,解得k=-,此时直线l的方程为3x+4y+15=0.14.(3,+)解析 当xm时,f(x)=x2-2mx+4m=(x-m)2+4m-m2.其所在抛物线的顶点为P(m,4m-m2).函数y=f(x)的图象与直线x=m的交点为Q(m,m).(1)点P在点Q的上方或与Q点重合时,即4m-m2m,也就是m(m-3)0时,解得0m3,又因为m0,所以0m3.此时函数的图象如图所示(实线部分),显然此时直线y=b与函数图象最多只有两个交点,不合题意;(2)点P在点Q的下方时,即4m-m20时,解得m3,又因为m0,所以m3.此时函数的图象如图所示(实线部分),显然此时直线y=b与函数图象最多可有三个交点,符合题意.所以m3.15.22-2解析 当a0时,在区间0,1上,f(x)=|x2-ax|=x2-ax,且在区间0,1上为增函数,当x=1时,f(x)取得的最大值为f(1)=1-a;当0a1时,f(x)=-x2+ax,0xa,x2-ax,ax1在区间0,a2内递增,在区间a2,a上递减,在区
