《邢台一中2014-2015年高二第四次月考物理试题及答案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《邢台一中2014-2015年高二第四次月考物理试题及答案（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、D磁场中小磁针N极所受磁场力方向就是该处磁场方向，亦即该点磁感应强度的方向2.在如图所示的电路中，开关闭合后，灯泡L能正常发光。当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（ ）A.滑动变阻器R的阻值变小B.灯泡L变亮B.电源消耗的总功率增大D.电容器C的电荷量增大3.一小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势随时间的变化关系如图所示矩形线圈与阻值为10 的电阻构成闭合电路，若不计线圈电阻，线圈转动周期为0.02s下列说法中正确的是()At1时刻通过线圈的磁通量为零B交变电流的有效值为 ACt3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大I1I2v0左右D每个周期电流方
2、向变化50次4两根平行通电直导线，电流方向相同，I1I2，初速度为v0的电子沿平行于两根导线的中间线方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则().A电子将向右偏转，速率不变B电子将向左偏转，速率改变C电子将向左偏转，速率不变D电子将向右偏转，速率改变5如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为21，电池和交变电源的电动势都为6 V，内阻均不计下列说法正确的是 ()AS与a接通的瞬间，R中无感应电流BS与a接通稳定后，R两端的电压为0CS与b接通稳定后，R两端的电压为12VDS与b接通稳定后，原、副线圈中电流的频率之比为216如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置。
3、小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块PQ铜管小磁块塑料管A若Q和P中都做自由落体运动B在两个下落过程中的机械能都守恒C在Q中的下落时间比在P中的长D落至底部时在P中的速度比在Q中的小20abE307如图所示，两根横截面积相同的不同材料制成的导线I和II，串联后接入电路。若导线上任意一点的电势随该点与a点距离x的变化关系如图所示。导线I和II的电阻率分别为1、2，电阻分别为R1、R2,则A 12，R12，R1R2C 1R2D 12，R1R28在半径为r、电阻为R的圆形导线框内，以直径为界，左、右两侧分别存在着方向如图甲所示的匀强磁场以垂直纸面向外的磁场为正，两部分磁场的
4、磁感应强度B随时间t的变化规律分别如图乙所示则0t0时间内，导线框中 A没有感应电流 B感应电流方向为逆时针 C感应电流大小为r2B0/（t0R） D感应电流大小为2r2B0/（t0R）9如图所示，纸面内有宽为L水平向右飞行的带电粒子流，粒子质量为m，电量为q，速率为v0，不考虑粒子的重力及相互间的作用，要使粒子都汇聚到一点，可以在粒子流的右侧虚线框内设计一匀强磁场区域，则磁场区域的形状及对应的磁感应强度可以是哪一种（其中B0=mv0/qL，A、C、D选项中曲线均为半径是L的1/4圆弧，B选项中曲线为半径是L/2的圆） 10如图甲所示，光滑导轨水平放置在竖直方向的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强
5、度B随时间的变化规律如图乙所示（规定向下为正方向），导体棒ab垂直导轨放置，除电阻R的阻值外，其余电阻不计，导体棒ab在水平拉力F的作用下始终处于静止状态。规定ab的方向为电流的正方向，水平向右的方向为拉力F的正方向，则在02t0时间内，能正确反映流过导体棒ab的电流与时间及拉力F与时间关系的图线是 （ ）二、选择题(本题共5小题；每小题4分，共20分在每小题给出的四个选项中，都有两个答案正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)11如图所示，甲是远距离输电线路的示意图，乙是发电机输出电压随时间变化的图像，则()图乙图甲A用户用电器上交流电的频率是50 HzB发电机输出交流电
6、的电压有效值是500 VC输电线的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定图甲D当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小T/2t0iTT3/2Im-Im图乙T/412如图甲所示，两根光滑平行导轨水平放置，间距为L，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B。垂直于导轨水平对称放置一根均匀金属棒。从t=0时刻起，棒上有如图乙所示的持续交流电流i，周期为T，最大值为Im，图甲中I所示方向为电流正方向。金属棒运动不影响棒中电流，则下列说法正确的是A. 金属棒一直向右移动B. 金属棒先向右，后向左，做往复运动C. 金属棒在0T范围内，T/2时刻速度最大D. 金属棒受到的安培力在一个周期内做正功1
7、3为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L1、L2，电路中分别接了理想交流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2，导线电阻不计，如图所示。当开关S闭合后 ( )A、A1示数变大，A1与A2示数的比值变大B、A1示数变大，A1与A2示数的比值不变C、V2示数不变，V1与V2示数的比值不变D、V2示数变小，V1与V2示数的比值变大14回旋加速器在科学研究中得到了广泛应用，其原理如图所示D1和D2是两个中空的半圆形金属盒，置于与盒面垂直的匀强磁场中，它们接在电压为U、周期为T的交流电源上位于D1圆心处的质子源A能不断产生质子（
8、初速度可以忽略），它们在两盒之间被电场加速当质子被加速到最大动能Ek后，再将它们引出忽略质子在电场中的运动时间，则下列说法中正确的是A若只增大交变电压U，则质子的最大动能Ek会变大B若只增大交变电压U，则质子在回旋加速器中运行时间会变短C若只将交变电压的周期变为2T，仍可用此装置加速质子D质子第n次被加速前后的轨道半径之比为15一金属线框绕与磁场垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动（如图甲所示），产生的感应电动势随时间变化的规律如图乙所示，经原、副线圈的匝数比为1:5的理想变压器给一个灯泡供电(如图丙所示)，副线圈电路中灯泡额定功率为44W。现闭合开关，灯泡正常发光。则（ ）A、加在原线圈上交流电压
9、瞬时值的表达式为u=22sin100tVB、金属线框的转速为50r/sC、变压器原线圈中电流表示数为AD、若将副线圈所接灯泡改为一电容器,则其耐压值至少应为22V第卷（实验题 计算题 共50分）三、实验题（每空3分，电路图3分，共18分。请把正确答案填写在答题纸相应的位置上）16(1)如图所示为电阻箱示意图，某同学将该电阻箱的选择开关置于图示位置，则该电阻箱接入电路的电阻值为 ，若该同学用伏安法测得此时电阻箱的阻值为1890，则该同学用伏安法测此电阻箱的阻值时采用的是安培表 （填“外接法”或“内接法”）。(2)某中学生课外科技活动小组利用铜片、锌片和家乡盛产的柑橘作了果汁电池如图1，他们测量这
10、种电池的电动势E和内阻r，并探究电极间距对E和r的影响。图1测量E和r的实验方案为：调节滑动变阻器，改变电源两端的电压U和流过电源的电流I，依据公式U=_，利用测量数据作出U-I图像，得出E和r。将电压表视为理想表，要求避免电流表分压作用对测量结果的影响，在虚线框内完成电路原理图实验中依次减小铜片与锌片的间距，分别得到相应果汁电池的U-I图像如图2中（a）、（b）、（c）、（d）所示，由此可知：在该实验中，随电极间距的减小，电源电动势_（填“增大”“减小”或“不变”），电源内阻_（填“增大”“减小”或“不变”）。四、计算题（共32分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答
11、案不能得分；有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。)17. （11分）如图所示，两根足够长的平行金属导轨固定放置于水平面内，导轨平面处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为0.3T。导轨间距为1m，导轨右端接有R=3的电阻，两根完全相同的导体棒L1、L2垂直跨接在导轨上，质量均为0.1kg，与导轨间的动摩擦因数均为0.25。导轨电阻不计，L1、L2在两导轨间的电阻均为3。将电键S闭合，在导体棒L1上施加一个水平向左的变力F，使L1从t=0时由静止开始以2m/s2的加速度做匀加速运动。已知重力加速度为10m/s2。求：（1）变力F随时间t变化的关系式（导体棒L2尚未运动）；（2）从t=
12、0至导体棒L2由静止开始运动时所经历的时间T；（3）T时间内流过电阻R的电量q；18（10分）如图所示，在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中，有一倾角为，足够长的光滑绝缘斜面，磁感强度为B，方向垂直纸面向外，电场方向竖直向上。有一质量为m,带电量为+q的小球静止在斜面顶端，这时小球对斜面的正压力恰好为零，若电场突然反向且电场强度增大为原来的两倍，求：（1）小球能在斜面上滑行多远？（2）小球在斜面上滑行的时间是多少？19. （11分）.如图所示，MN和PQ是平行、光滑、间距L=1m、足够长且不计电阻的两根竖直固定金属杆，其最上端通过电阻R相连接，R=5R两端通过导线与平行板电容器连接，电容器上下两板
13、距离d=1m在R下方一定距离有方向相反、无缝对接的两个沿水平方向的匀强磁场区域I和，磁感应强度均为B=2T，其中区域I的高度差h1=3m，区域的高度差h2=1m现将一阻值r=5、长L=1m的金属棒a紧贴MN和PQ，从距离区域I上边缘h=5m处由静止释放；a进入区域I后即刻做匀速直线运动，在a进入区域I的同时，从紧贴电容器下板中心处由静止释放一带正电的微粒A微粒A的比荷=2 C/kg，重力加速度g=10m/s2，空气阻力不计求： （1）金属棒a的质量M； （2）在a穿越磁场的整个过程中，微粒发生的位移大小x（不考虑电容器充、放电对电路的影响及充、放电时间）（3）， （2分）C ； （1分）（另解：=5.2C）； 也给3分） 18（10分）解：（1）小球对斜面的正压力恰好为零时：qE=mg1分迅速将电场方向反向后，对小球受力分析可得：N+qvB=(mg+qE)cos1分(mg+qE)sin=ma2分得 a=3gsin随v增大，斜面的支持力N减小，当N=0时，小球离开斜面，此时速度2分由可得：小球在斜面上滑行的距离2分x.k.b.1新课 标第 一 网
