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1、韩老师编辑周考1物理答案一、选择题V 0.6 3SRP答图1+-15 BDCBD6C 7B D 8CD9AC10 AC11（1） ADE（2）L2（3）系统误差12（14分）00.6 （2分）；03 V （2分）；R1 （2分）见答图1 （2分） 1.45（2分）； 1.3 （2分） A （2分）13答案：2707N解析：1s内，撞击建筑工人的大风的质量为：mSvt知Shd又因为大风末速度为零，水平方向只受建筑工人对风的阻力作用所以：Ftmv综合以上三式并代入数据可得：Fv2hd2707N即大风对建筑工人的冲击力2707N。14【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理【分析】（1）对
2、于粒子P在AB间运动的过程，运用动能定理列式，即可求得UAB（2）粒子A垂直于电场的方向进入电场，在电场中做类平抛运动，沿电场方向做匀加速直线运动，沿垂直于电场的方向做匀速直线运动；根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解（3）粒子Q沿电场的方向做匀加速直线运动，由于粒子Q与P完全相同，而且运动的时间相等，所以需要在P离开电场时速度的方向上一定的范围内释放粒子Q，可保证两个粒子在离开电场前相碰【解答】解：（1）对于粒子在AB间加速过程，由动能定理得：qUAB=mv02可得：UAB=V=500V（2）粒子P在进入电场后做类平抛运动，设离开电场时距O距离为L，如图所示，则有：Lcos30=v0tLsi
3、n30=t2代入数据得：L=1m 所以P离开电场时的坐标为（1，0）（3）由于粒子Q与P完全相同，所以只需在P进入电场时速度方向的直线上的OM范围内任一点释放粒子Q，可保证两者在离开电场前相碰，所在的直线方程为：y=x OM=Lcos30=m 故M的横坐标为：xm=OMcos30=0.75m所以所有满足条件的释放点的集合为：y=x，且0x0.75m答：（1）AB两板间的电势差UAB为500V（2）粒子P离开电场时的坐标为（1，0）；（3）若在P进入电场的同时，在电场中适当的位置由静止释放另一与P完全相同的带电粒子Q，可使两粒子在离开电场前相遇所有满足条件的释放点的集合为y=x，且0x0.75m
4、15.【考点】抛体运动动量、动量守恒定律及其应用匀速圆周运动的向心力功能关系、机械能守恒定律及其应用【解析】（1）设两滑块一起滑至轨道最低点时的速度为v，所受轨道的支持力为N。对两滑块一起沿圆弧形轨道下滑到B端的过程，根据机械能守恒定律有（m1+ m2）gR=（m1+ m2）v2/2，解得v=30m/s 对于两滑块在轨道最低点，根据牛顿第二定律有N-（m1+ m2）g=（m1+ m2）v2/R解得N=3（m1+ m2）g=60N根据牛顿第三定律可知，两滑块对轨道的压力大小N=N=60N（2）设弹簧迅速将两滑块弹开时，两滑块的速度大小分别为v1和v2，因滑块2恰好能沿圆弧形轨道运动到轨道最高点A
5、，此过程中机械能守恒，所以对滑块2有m2gR= m2v22/2 解得v2=30m/s，方向向左对于弹簧将两滑块弹开的过程，设水平向右为正方向，根据动量守恒定律有（m1+ m2）v=m1v1-m2v2 解得v1=45m/s对于弹簧将两滑块弹开的过程，根据机械能守恒定律有E弹= m1v12/2+ m2v22/2-（m1+m2）v2/2 解得E弹=090J（3）设两滑块平抛运动的时间为t，根据h=gt2/2，解得两滑块做平抛运动的时间t=030s 滑块1平抛的水平位移x1=v1t=135m滑块2从B点上滑到A点，再从A点返回到B点的过程，机械能守恒，因此其平抛的速度大小仍为v2，所以其平抛的水平位移x2=v2t=090m所以滑块2的落地点与滑块1的落地点之间的距离x=x1-x2=045m7
