浙江省绍兴市诸暨市2018-2019学年高一上学期期中考试物理试题附答案解析

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1、2018-2019 学年浙江省绍兴市诸暨中学实验班高一（上）期中学年浙江省绍兴市诸暨中学实验班高一（上）期中 物理试卷物理试卷 一、单选题一、单选题 1.如图所示，某人游长江，他以一定速度，面部始终垂直河岸向对岸游去 江中各处水流速度相等 他游过的路程、过河所用的时间与水速的关系是 A. 水速大时，路程长，时间长 B. 水速大时，路程长，时间短 C. 水速大时，路程长，时间不变 D. 路程、时间与水速无关 【答案】C 【解析】 【分析】 运用运动的分解，人在垂直于河岸方向的分速度不变，设河宽为 d，过河时间，与水速无 关. 【详解】游泳者相对于岸的速度为他相对于水的速度和水流速度的合速度，水流

2、速度越大，其合 速度与岸的夹角越小，路程越长，但过河时间为，与水速无关，故 A，B，D 均错误，C 正确. 故选 C. 【点睛】过河问题是运动的合成与分解部分典型题型 本题要注意题设条件：速度始终垂直河岸， 否则结果会不同 2.在光滑水平桌面上摆一条弯曲的轨道，它是由几段稍短的弧形光滑轨道组合而成的。通过压缩 弹簧使钢球从轨道的C端进入，在轨道的约束下做曲线运动。则下列说法中正确的是 A. 小球运动过程中，受到重力、弹力和向心力作用 B. 小球在运动过程中做速度不变的运动 C. 弹簧的弹性势能转化为小球的动能和重力势能 D. 从A点飞出后，小钢球做匀速直线运动 【答案】D 【解析】 A、向心力

3、是效果力，不能说小球受到向心力，故 A 错； B、速度是矢量，曲线运动中速度的方向一直在变化，故 B 错； C、小球在水平面上运动，所以重力势能没有发生变化，即弹簧的弹性势能转化为小球的动能， 故 C 错； D、由于小球是在水平面上运动，从 A 点飞出后受到的重力和支持力是一对平衡力，所以小球做匀 速直线运动。故 D 正确； 故选 D 3.现在很多教室都安装可以沿水平方向滑动的黑板，如图所示 在黑板以某一速度向左匀速运动的 同时，一位教师用粉笔在黑板上划线，粉笔相对于墙壁从静止开始先匀加速向下画，接着匀减速 向下画直到停止，则粉笔在黑板画出的轨迹可能为( ) A. B. C. D. 【答案】D

4、 【解析】 【分析】 根据运动的合成与分解，结合曲线运动条件，及矢量合成法则，即可求解 【详解】粉笔以某一速度水平向左匀速运动，同时从静止开始先匀加速向下滑动，再匀减速向下 滑动至停止，根据做曲线运动的物体所受合外力一定指向曲线凹侧，则粉笔在水平方向始终匀速， 在竖直方向先向下加速时，曲线向下弯曲；后向下减速，则曲线向上弯曲，故 D 正确；A，B，C 错误.故选 D. 【点睛】考查运动的合成与分解，掌握矢量合成法则的内容，注意曲线运动条件的应用，是解题 的关键 4.对于做匀速圆周运动的物体，下列说法正确的是 A. 线速度不变 B. 向心力不变 C. 角速度不变 D. 运动状态不变 【答案】C

5、【解析】 【分析】 匀速圆周运动是线速度大小保持不变的圆周运动，它的线速度、角速度、周期都保持不变；它的 速度、加速度、与合外力的大小保持不变而它们的方向时刻都在变化。 【详解】物体做匀速圆周运动时，相等时间内通过的弧长相等，则线速度大小保持不变，周期也 保持不变，且角速度也不变；它的速度、加速度与合外力的大小保持不变而它们的方向时刻都在 变化。所以线速度、加速度、合力都是变化的，故 C 正确，A,B,D 错误.故选 C. 【点睛】该题考查对匀速圆周运动的理解，属于对基础知识点的考查，注意各物理量的矢量性. 5.m为在水平传送带上被传送的小物体 可视为质点 ，A为终端皮带轮，如图所示，已知皮带

6、轮半 径为r，传送带与皮带轮间不会打滑。当m可被水平抛出时，A轮每秒的转数最少是 A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 物体恰好不被抛出的临界条件是最高点重力恰好提供向心力，根据牛顿第二定律和向心力，有： ; 根据线速度定义公式，有：v=n2r；联立解得： ；故选 A 点睛：本题关键抓住临界条件，物体恰好不被抛出的临界条件是最高点重力恰好提供向心力，然 后根据牛顿第二定律列式求解即可 6.某种型号轿车净重 1500kg，发动机的额定功率为 150kW，最高时速可达。如图为车中用 于改变车速的挡位，手推变速杆到达不同挡位可获得不同的运行速度，从“1”“5”速度逐渐 增大，R是倒车挡，则下

7、列说法正确的是： 轿车要以最大动力上坡，变速杆应推至“1”挡 轿车要以最大动力上坡，变速杆应推至“5”挡 在额定功率下以最高速度行驶时，轿车的牵引力为 3000N 在额定功率下以最高速度行驶时，轿车的牵引力为 833N A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 根据功率与牵引力的关系P=Fv可知，当速度最小时，牵引力最大，变速杆应推至“1”挡，故 正确，错误；在额定功率下以最高速度行驶时，故正确，错误。 所以 A 正确，BCD 错误。 7.如图所示，小球以初速度从A点沿不光滑的轨道运动到高为h的B点后自动返回，其返回途 中仍经过A点，小球经过轨道连接处无机械能损失，则小球经过A点的速度大小

8、为 A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 小球以一定速度在粗糙的轨道上运动，当到达最高点B后，返回仍能通过A点，则由动能定理可 求出小球经过A点的速度 【详解】对小球由A至B研究，由动能定理：,再对由B返回A研究，由动能 定理：,解得：.故选 B. 【点睛】当小球再次经过A点时，由于高度没变，所以重力做功为零，而摩擦力做功与路径有 关 8.如图所示，桌子放于水平地面上，桌面高为一质量为m的小球处于桌面上方高处的a点 若 以桌面为参考平面，重力加速度为g，小球从a点下落到地面上的c点，下列说法正确的是 A. 小球在a点的重力势能为 B. 小球在桌面b处的重力势能为 C. 小球从

9、a点下落至c点的过程中，重力势能减少 D. 小球从a点下落至c点的过程中，重力势能减少 【答案】C 【解析】 桌面为零势能参考面，小球在 a 点的重力势能为，小球在桌面 b 处的重力势能为零，故 AB 错 误；小球从 a 点下落至 c 点的过程中，重力做功为，重力势能减少，故 C 正确，D 错误； 9.篮球赛非常精彩，吸引了众多观众经常有这样的场面：在临终场前 0.1s，运动员把球投出且 准确命中，获得比赛的胜利如果运动员投篮的过程中对篮球做的功为 W，出手高度（相对地面） 为 h1，篮筐距地面高度为 h2，球的质量为 m，空气阻力不计下列说法中正确的是（ ） A. 篮球出手时的动能为 W+m

10、gh1 B. 篮球进框时的动能为 W+mgh1-mgh2 C. 篮球从出手到进框的过程中，其重力势能增加了 mgh1-mgh2 D. 篮球从出手到进框的过程中，重力对它做的功为 mgh2-mgh1 【答案】B 【解析】 A、根据动能定理可知篮球出手时的动能为 W，故 A 错误； B、篮球离开手时所具有的机械能为 ，篮球在运动过程中机械能守恒，按照机械能守恒 可知篮球进框时的动能为 W+mgh1-mgh2，故 B 正确； C、篮球从出手到进框的过程中，其重力势能增加了 mgh2-mgh1，故 C 错误； D、篮球从出手到进框的过程中，重力做负功，重力对它做的功为 ，故 D 错误 故选 B 点睛点

11、睛：分析在投篮过程中外力对球所做的功,则可求得篮球进筐时的动能. 10.有一种杂技表演叫“飞车走壁” ，由杂技演员驾驶摩托车沿圆台形表演台的侧壁做匀速圆周运 动。图中有两位驾驶摩托车的杂技演员A、B，他们离地面的高度分别为和，且，下列 说法中一定正确的是 A. A 摩托车对侧壁的压力较大 B. A 摩托车做圆周运动的向心力较大 C. A 摩托车做圆周运动的周期较大 D. A 摩托车做圆周运动的线速度较小 【答案】C 【解析】 试题分析：摩托车做匀速圆周运动，提供圆周运动的向心力是重力 mg 和支持力 F 的合力，作出力 图，得出向心力大小不变h 越高，圆周运动的半径越大，由向心力公式分析周期、

12、线速度大 小 摩托车做匀速圆周运动，提供圆周运动的向心力是重力 mg 和支持力 F 的合力，作出力图设圆台 侧壁与竖直方向的夹角为 ，侧壁对摩托车的支持力不变，则摩托车对侧壁的压力不变， A 错误；如图向心力，m， 不变，向心力大小不变，B 错误；根据牛顿第二定律得 ，h 越大，r 越大，向心力不变，则周期越大，可知A的周期较大，C 错误；根据牛顿第 二定律得，h 越大，r 越大，则线速度越大，可知A的线速度较大，D 正确 11.已知地球半径为R，静置于赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a；地球同步卫星作匀速 圆周运动的轨道半径为r，向心加速度大小为 ，引力常量为G，以下结论正确的是 A.

13、地球质量 B. 地球质量 C. 向心加速度之比 D. 向心加速度之比 【答案】A 【解析】 A、地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则有：,解得地球 质量，故选 A 正确。B、地球赤道上的物体随地球自转时有：，得 ，故 B 错误；C、D、同步卫星的角速度和地球自转的角速度相等，物体的角速度也等 于地球自转的角速度，所以地球同步卫星与物体的角速度相等。根据a=r2得，故 C、D 错误；故选 A。 【点睛】解决本题的关键知道同步卫星的特点，知道卫星由万有引力提供向心力，特别注意在地 球上随地球一起自转的物体，不是万有引力提供向心力。 12.北斗导航系统又被称为“双星定位系统”

14、，具有导航、定位等功能。如图所示，北斗导航系统 中的两颗工作卫星均绕地心做匀速圆周运动，且轨道半径均为R，某时刻工作卫星 1、2 分别位于 轨道上的A，B两个位置，A，B两位置的圆心角为，若两卫星均沿顺时针方向运行，地球表面 的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力，下列判断正确的是 A. 这两颗卫星的加速度大小相等，均为 B. 卫星 1 向后喷气就一定能够碰上卫星 2 C. 卫星 1 由A位置运动到B位置的过程中万有引力做正功 D. 卫星 1 由A位置运动到B位置所需的时间是 【答案】D 【解析】 A 项，根据万有引力提供向心力：，得： ；因为这两颗卫星在同一圆周上运动， 所以

15、加速度大小相等，由万有引力定律可知： ，所以 ,故 A 错 B、卫星 1 向后喷气速度增大，卫星 1 将会做离心运动，从而导致两颗卫星运行的轨道不一致，则 无法追上卫星 2，故 B 错； C、卫星 1 由 A 位置运动到 B 位置的过程中，卫星 1 相对地心距离不变，万有引力方向朝向地心， 且始终与速度垂直，所以万有引力不做功，故 C 错； D、根据 得 ，由于 ，所以卫星 1 由 A 位置运动到 B 位置所需的 时间为 ，故 D 正确； 故选 D 13.一张桌子始终静止在水平地面上，一根木棒沿着水平桌面从 A 运动到 B，发生的位移为 x， 如图所示。若棒与桌面间的摩擦力大小为 Ff，则棒对

16、桌面的摩擦力和桌面对棒的摩 擦力做的功 各为 A. ， B. ， C. ，0 D. 0， 【答案】D 【解析】 棒对桌面的摩擦力，和桌面对棒的摩擦力，为作用力和反作用力，大小相等方向相反，从 A 运动 到 B 的过程中，棒受到的摩擦力为 Ff，位移为 x，摩擦力做的是负功，所以桌面对棒的摩擦力做 的功为-Ffx，桌面受到的摩擦力的大小也为 Ff，但桌面没动，位移是 0，所以棒对桌面的摩擦力 做的功为 0。故选 D。 点睛：恒力做功，根据功的公式直接计算即可，但是桌面不动，它的位移是 0，所以功为零，这 是常出错的地方 14.如图所示，物体沿弧形轨道滑下，然后进入足够长的水平传送带，传送带始终以图示方向匀速 转动，则传送带对物体做功的情况不可能的是( ) A. 始终不做功 B. 先做正功后做负功 C. 先做正功后不做功 D. 先做负功后不做功 【答案】B 【解析】 A、当物体的速度等于传送带速度时,没有摩擦力,故传送带不做功，故 A 正确； BC、当物体的速