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1、江西省安福二中、吉安县三中江西省安福二中、吉安县三中 2018-2019 学年高一上学期第二次联学年高一上学期第二次联 考物理试题考物理试题 一、选择题一、选择题 1.关于牛顿第一定律的下列说法中正确的是（ ） A. 牛顿第一定律揭示了力是产生并维持运动的原因 B. 牛顿第一定律揭示了力是改变物体运动状态的原因 C. 牛顿第一定律描述的是一种理想状态，无实际意义 D. 牛顿第一定律给出了惯性的概念，从而揭示了运动是物体自身的根本属性，运动需要力来 产 生和维持 【答案】B 【解析】 【分析】 牛顿第一定律揭示了力与运动的关系，力是改变物体运动状态的原因； 【详解】A、牛顿第一定律揭示了力与运动
2、的关系，物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运 动状态的原因，力是产生加速度的原因，故 A 错误，B 正确； C、直接证明牛顿第一定律的实验虽然不能做出来，其原因是生活中不受外力的物体是没有的，但 是可以在一定的事实基础上，经分析、合理的科学推理得出的规律，是有意义的，故选项 C 错误； D、牛顿第一定律给出了惯性的概念，也提出力与运动的关系，但是运动不需要力来维持，故选项 D 错误。 【点睛】本题考查了对牛顿第一定律的掌握，难度不大，掌握基础知识即可正确解题。 2.下列说法中正确的是（ ） A. 物体对支持面的压力越大，摩擦力也越大 B. 所有物体弹力的大小都与物体的弹性形变的大小成正比
3、C. 静止的物体不可能受到滑动摩擦力的作用 D. 通常所说的压力、拉力、支持力等都是接触力 【答案】D 【解析】 【详解】A、滑动摩擦力的大小与压力的大小成正比，而静摩擦力与压力无关，故 A 错误； B、在弹性限度内，所有弹力的大小都与引起该弹力产生的弹性形变的大小成正比，故 B 错误。 C、相对静止的物体之间不可能受到滑动摩擦力的作用，但静止不动，却相对运动的物体可以受到 滑动摩擦力，如滑块在相对于地面静止的桌面上运动时，静止的桌面受到滑块的滑动摩擦力，故 C 错误。 D、根据四种相互作用的性质可知，通常所说的压力、拉力、支持力等都是接触力，它们在本质上 都是电磁相互作用，故 D 正确。 【
4、点睛】此题主要考查了学生对弹力和摩擦力的认识，首先要掌握弹性形变的概念，物体由于弹 性形变产生的力才是弹力，另外要理解摩擦力产生的原因、注意区分静摩擦力与滑动摩擦力。 3.一根轻质弹簧一端固定，用大小为F1的力压弹簧的另一端，平衡时长度为x1；改用大小为的力 F2拉弹簧，平衡时长度为x2，弹簧的拉伸和压缩都在弹性限度内，该弹簧的劲度系数为（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 根据弹簧受、两个力的作用时的弹簧的长度，分别由胡克定律列出方程联立求解即可； 【详解】由胡克定律得，式中 为形变量，设弹簧原长为，则有： ， 联立方程组可以解得：，故选项 C 正确，选项 ABD
5、错误。 【点睛】本题考查胡克定律的计算，在利用胡克定律计算时，一定要注意式中 x 为弹簧的形 变量，不是弹簧的长度，这是同学常出错的地方。 4.如图所示，人站在匀速运动的自动扶梯上。下列关于人受力情况的说法中正确的是( ) A. 受到三个力的作用，即重力、弹力、摩擦力 B. 人所受的弹力与重力大小相等 C. 人所受的摩擦力沿扶梯向上 D. 人所受的合力沿扶梯向上 【答案】B 【解析】 【分析】 随扶梯斜向上匀速运动，处于平衡状态，合力为零，再对人受力分析，受到重力、支持力，二力 平衡； 【详解】人随扶梯斜向上匀速运动，处于平衡状态，合力为零，对人受力分析，受到重力 mg、支 持力（弹力）N，人
6、与电梯之间没有相对运动或相对运动趋势，即没有摩擦力作用，根据共点力平 衡条件，有：，故 B 正确，ACD 错误。 【点睛】本题关键结合物体的运动状态对物体进行受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解。 5.如图所示，AB为半圆的一条直径，AOOB，P点为圆周上的一点，在P点作用了三个共点力 F1、F2、F3，已知F23 N，则它们的合力为( ) A. 4.5 N B. 6 N C. 7.5 N D. 9 N 【答案】D 【解析】 试题分析：试题分析：根据几何关系可以知道，F 1和 F 3垂直，F 2在 F 1F 3的构成的平行四边形的对角线 上，根据力的平行四边形定则可以计算合力的大小 以 F
7、 1、F 3为邻边作平行四边形， 则合力 F 13=2F 2，故 F 1、F 2、F 3的合力 ，所以 D 正确； 综上所述本题答案是：D 点睛：点睛：灵活的引用几何知识是本题的特点，掌握住平行四边形的边角的关系，利用不同的关系变 化得到不同的形式 6.竖直升空的火箭，其 v-t 图像如图所示，由图可知以下说法中正确的是( ) A. 火箭上升的最大高度为 16000m B. 火箭上升的最大高度为 48000m C. 火箭经过 120s 落回地面 D. 火箭上升过程中的加速度始终是 20m/s2 【答案】B 【解析】 从图可知火箭的速度一直为正，一直朝着正方向运动，即一直上升，在 120s 上升
8、到最大高度，而 图像与时间轴围成的面积表示位移，故火箭上升的最大高度为，AC 错 误 B 正确；040s 加速上升，40120s 减速上升，而图像的斜率表示加速度，所以上升阶段的加速 度为，D 正确 7.如图所示，用轻绳将重球悬挂在竖直光滑墙上，当悬线变长时（ ） A. 绳子拉力变小，墙对球的弹力变大 B. 绳子拉力变小，墙对球的弹力变小 C. 绳子拉力变大，墙对球的弹力变大 D. 绳子拉力变大，墙对球的弹力变小 【答案】B 【解析】 设绳子和墙面夹角为 ，对小球进行受析：把绳子的拉力 T 和墙对球的弹力为 N 合成 F，由于物 体是处于静止的，所以物体受力平衡，所以物体的重力等于合成 F，即
9、 F=G，根据几何关系得出 先找到其中的定值，就是小球的重力 mg，mg 是不变的，随着绳子变短，细 线与墙壁的夹角 增大，则 cos 减小，增大，tan 增大，增大，故绳子拉力变大， 墙对球弹力变大，C 正确 8.如图所示，位于水平桌面上的物块P由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连，从滑轮到物块P和物 块Q的两段绳都是水平的已知物块Q与物块P之间以及物块P与桌面之间的动摩擦因数都是 ，两物块的质量都是m，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，若用一水平向右的力F拉物块 P使它做匀速运动，则F的大小为( ) A. 4mg B. 3mg C. 2mg D. mg 【答案】A 【解析】 试题分析：对 Q 物
10、块，设跨过定滑轮的轻绳拉力为 T；木块 Q 与 P 间的滑动摩擦力 f=mg 根据共点力平衡条件 T=“f“ 则得 T=mg 对木块 P 受力分析，P 水平方向受到拉力 F，Q 对 P 向左的摩擦力 f，地面对 P 体向左的摩擦力 f，根据共点力平衡条件，有 F=“f+f+T“ 地面对 P 物体向左的摩擦力 f=2mg 由式可以解得 F=4mg，故选 A 考点：物体的平衡；摩擦力 视频 9.在某一高度以v0=20m/s 的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力） ，当小球速度大小为 10m/s 时，经历的时间可能为（g取 10m/s2） （ ） A. 1s B. 2s C. 3s D. 4s 【
11、答案】AC 【解析】 【详解】当小球的末速度为向上的 10m/s 时，根据，解得t1=1 s，故 A 正确；当小球的 末速度为向下的 10 m/s 时，根据，解得时间：t2=3 s，故 C 正确，所以 AC 正确，BD 错 误。 10.如图所示，物体 A、B 在力 F 作用下一起以相同速率沿 F 方向匀速运动，关于物体 A、B 两物体 所受力的个数，下列说法中正确的是（ ） A. 甲图中 A 受力个数为 2，B 受力个数为 5 B. 甲图中 A 受力个数为 3，B 受力个数为 6 C. 乙图中 A 受力个数为 2，B 受力个数为 5 D. 乙图中 A 受力个数为 3，B 受力个数为 6 【答案
12、】AD 【解析】 【详解】在甲图中：A 受到重力和 B 对 A 的支持力作用，A 与 B 之间没有摩擦力作用，即受到 2 个 力作用；B 受到重力、接触面的支持力、A 对 B 的压力、地面对 B 向右的滑动摩擦力以及力 F 的作 用，即受到 5 个力的作用； 在乙图中：A 受到重力、B 对 A 的支持力以及 B 对 A 沿斜面向上的摩擦力作用，即受到 3 个力作用； B 受到重力、垂直斜面向上的支持力、A 对 B 的压力、斜面对 B 沿斜面向下的滑动摩擦力作用，A 对 B 的平行斜面向下的摩擦力以及力 F 的作用，即受到 6 个力的作用，故选项 AD 正确，选项 BC 错误。 【点睛】本题主要
13、考查对物体的受力分析问题，受力按照顺序进行，即先重力，再弹力，然后摩 擦力，最后其他外力，防止丢力或多力。 11.做初速度为零的匀加速直线运动的物体在时间 内通过位移 到达 点，接着在时间 内又通过 位移 到达 点，则以下判断正确的是（ ） A. 物体在 点的速度大小为 B. 物体运动的加速度为 C. 物体运动的加速度为 D. 物体在 点的速度大小为 【答案】ACD 【解析】 试题分析：物体在 A 点的速度等于在两段位移中间时刻的瞬时速度，则大小为，选项 A 正确； 根据，则物体运动的加速度为，选项 B 错误，C 正确；物体在 B 点的速度大小为 ，选项 D 正确；故选 ACD. 考点：匀变速
14、直线运动的规律 【名师点睛】正确解答本题需要掌握：匀变速直线运动特点，熟练应用匀变速直线运动的推论公 式进行有关问题的解答，如：，x=aT2等匀变速直线运动中有很多推论公式，对 于这些公式同学们要会正确推导和熟练应用 12.在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直墙之间放一光滑圆球 B，整个装置处于静止状态。现对B加一竖直向下的力F，F的作用线通过球心，设B对墙的作用 力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的摩擦力为F3，地面对A的支持力为F4。若F缓慢增大 而整个装置仍保持静止，截面如图所示，则在此过程中（ ） A. F1保持不变，F4保持不变 B. F1缓慢增大，
15、F4缓慢增大 C. F2缓慢增大，F3缓慢增大 D. F2缓慢增大，F3保持不变 【答案】BC 【解析】 以B球为研究对象，将F与B重力G的合力按效果进行分解，如图，设BA连线与竖直方向夹角为 ，由平衡条件得： B对墙的作用力：，当F增大时，缓慢增大 B对A的作用力：，缓慢增大，则缓慢增大 再以整体为研究对象， 根据平衡条件，则有： 地面对A的支持力：，F增大则缓慢增大；地面对A的摩擦力：，由前面 分析增大则缓慢增大，故选项 BC 正确。 点睛：先以B球为研究对象，运用分解法，分析墙对B的作用力、对B的作用力的变化，再 以整体为研究对象，分析受力，由平衡条件分析地面对A的支持力和摩擦力的变化，
16、判断地面对 A的作用力为的变化情况。 二、实验题二、实验题 13.某同学利用如图 1 所示的装置来验证力的平行四边形定则:在竖直木板上铺有白纸，固定两个 光滑的滑轮 A 和 B，将绳子打一个结点 O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个 数读出三根绳子的拉力 F1、F2和 F3，回答下列问题: (1)改变钩码个数，实验能完成的是: _ A.钩码个数 N1=N2=2N3=4 B.钩码个数 N1=N3=3N2=4 C.钩码个数 N1=N2=N3=4 D.钩码个数 N1=3N2=4N3=5 (2)在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是_ A.标记结点 O 的位置，并记录 OA、OB、OC 三段绳子的方向 B.量出 OA、OB、OC 三段绳子的长度 C.用量角器量出三段绳子之间的夹角 D.用天平测出钩码的质量 (3)在作图时，你认为图 2 中_是正确的.(填“甲”或“乙”) 【答案】 （1）BC （2） A （
