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1、广东省揭阳市第一中学2017-2018学年高一下学期第一次月考试题数学（文）注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第I卷（选择题）一、单选题1设集合，集合，则等于（ ）A. B. C. D. 2直线的倾斜角为（ ）A. 45 B. 60 C. 12
2、0 D. 1353的值是（ ）A B C D4已知半径为1的扇形面积为，则扇形的圆心角为（ ）A. B. C. D. 5已知圆的圆心为（-2,1），其一条直径的两个端点恰好在两坐标轴上，则这个圆的方程是（ ）A. B. C. D. 6函数是（ ）A. 周期为的奇函数 B. 周期为的偶函数C. 周期为的奇函数 D. 周期为的偶函数7下面结论正确的是（ ）A. B. C. D. 8已知实数满足，那么的最小值为（ ）A. B. C. D. 9如图，正方体中，下面结论错误的是（ ）A. 平面 B. 异面直线与所成的角为45C. 平面 D. 与平面所成的角为3010定义运算，设，若， ， ，则的值域为（
3、 ）A. B. C. D. 11已知函数.若方程有两个不相等的实根，则实数的取值范围是（ ）A. B. C. D. 12已知圆和两点，若圆上存在点，使得，则的最大值为（ ）A. 6 B. 7 C. 8 D. 9第II卷（非选择题）二、填空题13已知角的终边在直线上，且，则_14化简： _15过点且在两轴上的截距相等的直线方程为_16函数的值域为_三、解答题17已知圆： ，直线： （1）当为何值时，直线与圆相切；（2）当直线与圆相交于， 两点，且时，求直线的方程18已知角的终边经过点 ， 且为第二象限角.（1）求实数m和的值；（2）若，求的值.19如图，在三棱锥中， ， ，二面角的大小为60.（
4、1）求证： ；（2）求三棱锥的体积.20已知函数（其中， ）的最小正周期为.（1）求函数的单调递增区间；（2）设，且，求的值.21已知圆，直线， .（1）求证：对，直线与圆总有两个不同的交点；（2）求弦的中点的轨迹方程，并说明其轨迹是什么曲线.22已知函数在区间上有最大值4和最小值1，设.（1）求的值；（2）若不等式在区间上恒成立，求实数的取值范围.广东省揭阳市第一中学2017-2018学年高一下学期第一次月考试题数学（文）答 案1D【解析】 由集合， ， 所以，故选D.2D【解析】由直线，可得直线的斜率为k=-1，设其倾斜角为，（0180），则tan=-1，=135故选D3C【解析】解：因为
5、，选C4B【解析】 设扇形的圆心角为，所以扇形的面积为， 解得，故选B.5C【解析】设直径的两个端点分别A（a，0）、B（0，b），圆心C为点（-2，1），由中点坐标公式得解得a=-4，b=2半径r=圆的方程是：（x+2）2+（y-1）2=5，即x2+y2+4x-2y=0故选C6B【解析】 由，则函数的最小正周期为， 又，所以为偶函数，故选B.7C【解析】 由， 又当时，函数是单调递减函数， 所以，所以，即，故选C.8A【解析】 由题意知， 表示点到坐标原点的距离， 又原点到直线的距离为， 所以的距离的最小值为，故选A.9D【解析】/,所以/平面；因为/ ,所以异面直线与所成的角为 45;因为
6、，所以平面; 与平面所成的角为30,选D.10C【解析】 由题意， 由于与都是周期函数，且最小正周期都是， 故只须在一个周期上考虑函数的值域即可， 分别画出与的图象，如图所示， 观察图象可得： 的值域为，故选D. 11B【解析】试题分析：由函数图像知实数的取值范围是考点：函数图像【思路点睛】（1）运用函数图象解决问题时，先要正确理解和把握函数图象本身的含义及其表示的内容，熟悉图象所能够表达的函数的性质.（2）在研究函数性质特别是单调性、最值、零点时，要注意用好其与图象的关系，结合图象研究.12A【解析】 圆的圆心，半径为， 因为圆心到的距离为， 所以圆上的点到点的距离的最大值为， 再由可得，以
7、为直径的圆和圆有交点， 可得，故有，故选A. 点睛：本题考查了直线和圆的位置关系，求得圆上的到点的距离的最大值为是解题的关键，属于中档试题，着重考查了转化与化归思想的应用，同时熟记直线与圆的位置关系、圆与圆的位置的判定与应用是解答的基础.13-60或120【解析】 在直线上任取一点， 由三角函数的定义可知， 因为，所以或.14【解析】 由.15或【解析】 当所求直线过原点时，设所求直线方程，把点代入直线，即，解得，即所求直线方程，即；当所求直线不过原点时，设所求直线方程，把点代入直线，即，解得，即所求直线方程，综上所求直线的方程为或.点睛：本题考查了直线方程的求解问题，其中解答中根据所求直线在
8、两轴上的截距相等，分别设出相应的直线方程和是解答的关键，着重考查了学生分析问题和解答问题的能力，同时正确理解直线的截距相等是解答本题的难点.16【解析】 由， 因为， 当时，函数取得最小值，当时，函数取得最大值，所以函数的值域为. 点睛：本题主要考查了三角函数的最大值与最小值，以及二次函数的性质，其中解答中利用三角函数的基本关系式，得到关于的二次函数，利用配方法求的函数的最值是解答的关键，着重考查了函数与方程思想的应用，同时注意三角函数的值域的应用.17（1）（2）或【解析】试题分析：(1)将圆的方程化成标准方程为，则此圆的圆心为，半径为，根据圆心到圆心的距离等于半径列方程可求的值；（2）由，
9、根据点到直线距离公式以及勾股定理列方程求出的值，从而可得直线的方程试题解析：将圆的方程化成标准方程为，则此圆的圆心为，半径为（1）若直线与圆相切，则有，解得；（2）过圆心作，则根据题意和圆的性质，得，解得或，故所求直线方程为或18（1）（2）【解析】试题分析：（1）由三角函数的定义可得，解得，又为第二象限角，所以。（2）由（1）可得，化简，代入的值可得结果。试题解析：（1）由三角函数定义可知，解得， 为第二象限角， .（2）由知， .19(1)见解析(2) 【解析】试题分析：（1）取的中点，连结，得到， ，进而证得平面,利用线面垂直的性质，即可得到；（2）解：由（1）可得是二面角的平面角，即，
10、进而求得，再利用，即可求得几何体的体积.试题解析：（1）证明：取的中点，连结，且为的中点， ，又，平面,平面，.（2）解：由（1）知平面，是二面角的平面角， ， 为等边三角形， .20(1) 单调递增区间为 (2) 【解析】试题分析：（1）依题意得，利用三角函数的图象与性质，即求得函数的递增区间；（2）由，得，利用三角函数的基本关系得，进而可得的值.试题解析：依题意得，（1）令， 解得， 故函数的单调递增区间为 .（2），21(1)见解析(2) 的轨迹方程是，它是一个以为圆心，以为半径的圆【解析】试题分析：（1）利用圆心到直线的距离与圆的半径之间的关系，即可判定直线与圆总有两个不同的交点；（2
11、）设中点为，当直线的斜率存在时，利用，化简得；当直线的斜率不存在时， ，此时中点为，即可得到中点的轨迹方程；试题解析：证明：（1）圆的圆心为，半径为，所以圆心到直线的距离.所以直线与圆相交，即直线与圆总有两个不同的交点；（2）设中点为，因为直线恒过定点，当直线的斜率存在时， ，又，化简得.当直线的斜率不存在时， ，此时中点为，也满足上述方程.所以的轨迹方程是，它是一个以为圆心，以为半径的圆.点睛：本题考查了动点轨迹方程的求解问题，其中解答中涉及到点到直线的距离公式，直线的一般方程，直线与圆的位置关系应用，着重考查了转化思想，以及分析问题和解答问题的能力，属于中档试题，熟记直线与圆的位置的关系的
12、判定与应用和转化思想是解答的关键.22(1) (2) 【解析】试题分析：（1）由，得在上为增函数，由题意，列出方程组，即可求得的值；（2）化简不等式，分离参数得，设，利用换元法得出在上的最小值，即可求解的取值范围.试题解析：（1），在上为增函数，（2）由（1）知，不等式可化为，令， 令，则， 由题意可得在上恒成立等价于.点睛：本题考查了函数的最值问题及不等式的恒成立问题的求解，其中解答中涉及到二次函数的图象与性质的综合应用，着重考查了恒成立问题中分类参数思想和换元思想的考查，对于恒成立问题的求解，利用分离参数法，转化为函数的最值问题是解答的关键，考查了学生分析问题和解答问题的能力，属于中档试题.
