《【100所名校】2018届海南省高三第五次月考数学（文）试题（解析版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【100所名校】2018届海南省高三第五次月考数学（文）试题（解析版）（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2018届海南省海南中学高三第五次月考数学（文）试题数学注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、单选题1已知集合,则（ ）A 1,4 B 2,3 C D 1,22设是虚数单位，若复数，则（ ）A B C D 3设变量，满足约束条件，则的最小值为（
2、 ）A B C D 24如图，在中， 为线段上的一点， ，且,则（ ）A , B , C , D , 5设是两条直线， ， 表示两个平面，如果， ，那么“”是“”的（ ）A 充分不必要条件 B 必要不充分条件C 充分必要条件 D 既不充分也不必要条件6已知各项均为正数的等比数列中，则数列的前项和为（ ）A B C D 7已知a0，b0，ab，则的最小值为（ ）A 4 B 2 C 8 D 168已知某几何体的三视图如图所示，俯视图是由边长为2的正方形和半径为1的半圆组成，则该几何体的体积为（ ）A B C D 9面积为的正六边形的六个顶点都在球的球面上，球心到正六边形所在平面的距离为，记球的体积
3、为，球的表面积为，则的值是（ ）A 2 B 1 C D 10若是从四个数中任取的一个数,是从三个数中任取的一个数,则关于 的一元二次方程有实根的概率是（ ）A B C D 11在中，内角所对应的边分别为，且，若，则边的最小值为（ ）A B C D 12已知函数（）在处取得极大值，则实数的取值范围为（ ）A B C D 二、填空题13，则使成立的值是_.14已知函数，）的部分图象如图所示，则_15已知三棱锥的三条侧棱两两互相垂直，且，则此三棱锥的外接球的体积为_16已知数列中，且则数列的前n项_和为_三、解答题17如图，长方体ABCDA1B1C1D1中，AB = 6，BC = 4，AA1 =5，
4、过的平面与此长方体的面相交，交线围成一个正方形。（）在图中画出这个正方形（不必说明画法和理由）；（）求平面把该长方体分成的两部分体积的比值。18已知等差数列的公差不为零，且成等比数列。（）求的通项公式；（）设，求数列前2019项的和.19设锐角三角形ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c, （）求B的大小;（）若,求的取值范围.20如图，三棱锥中，ABC是正三角形，DA=DC （）证明：ACBD；（）已知，求点C到平面ABD的距离。2018届海南省海南中学高三第五次月考数学（文）试题数学 答 案参考答案1C【解析】【分析】把中元素代入中计算求出的值，确定出,，找出与,的交集即可【详解】把
5、分别代入得： ，即，故选：C【点睛】本题题考查交集及其运算，熟练掌握交集的定义是解本题的关键2A【解析】复数故选A3B【解析】解：绘制不等式组表示的可行域，结合目标函数可得，目标函数在点 处取得最小值 .本题选择B选项.4A【解析】由题可知，又2，所以 () ，所以x，y，故选A.5A【解析】【分析】由充分充分不必要条件的判定发放进行判断即可.【详解】如果， ，那么由则可得到 即可得到；反之由， ，不能得到，故，如果， ，那么“”是“”的充分不必要条件.【点睛】本题考查分充分不必要条件的判定，属基础题.6C【解析】【分析】由等比数列的性质可得：，再利用指数与对数的运算性质即可得出【详解】由等比
6、数列的性质可得：a1a10=a2a9=a5a6=4，数列的前10项和，故选：C【点睛】本题考查了指数与对数的运算性质、等比数列的性质，考查了推理能力与计算能力，属于中档题7B【解析】试题分析：由，有，则，故选：B考点：基本不等式.【易错点睛】本题主要考查了基本不等式.基本不等式求最值应注意的问题：(1)使用基本不等式求最值，其失误的真正原因是对其前提“一正、二定、三相等”的忽视要利用基本不等式求最值，这三个条件缺一不可(2)在运用基本不等式时，要特别注意“拆”“拼”“凑”等技巧，使其满足基本不等式中“正”“定”“等”的条件8D【解析】【分析】由三视图可知几何体为半圆锥与正方体的组合体，利用体积
7、公式，即可得出结论【详解】由三视图可知几何体为半圆锥与正方体的组合体， 故选：D【点睛】本题考查了常见几何体的三视图与体积计算，属于基础题9B【解析】由题意可设正六边形的边长为，则其面积，则，所以，由于底面中心到顶点的距离，所以球的半径为，所以，故，应选B。10B【解析】【分析】，根据题意先做出方程没有实根的充要条件，列举出试验发生的所有事件，看出符合条件的事件，根据古典概型公式得到结果【详解】由题意知本题是一个古典概型，设事件 为“有实根”当 时，方程有实根的充要条件为，即 ，基本事件共12个： 其中第一个数表示的取值，第二个数表示的取值事件包含9个基本事件 事件发生的概率为 故选B.【点睛
8、】本题考查古典概型的概率计算，属基础题.11D【解析】【分析】根据由正弦定理可得，由余弦定理可得 ，利用基本不等式求出，求出边的最小值【详解】根据由正弦定理可得 由余弦定理可得 即，故边的最小值为，故选D【点睛】本题主要考查了余弦定理、基本不等式的应用，解三角形，属于中档题12C【解析】【分析】求导，令，得 ，或，令 ，可得数的取值范围.【详解】 ，由f（1）=0得 ，得到 ， ，得 ，或，由，解得 ）由得 故选C.【点睛】本题考查了导数与函数的最值、单调性，属于中档题13-4或2【解析】【分析】当0时， ；当 时，由此求出使成立的值【详解】，当0时，解得 当 时，解得 故答案为-4或2.【点
9、睛】本题考查函数值的求法及应用，是基础题，解题时要认真审题，注意函数性质的合理运用141【解析】【分析】由函数的部分图象得出、与的值，即可写出的解析式，进而得到.【详解】由函数的部分图象知，又 又； 即答案为1.【点睛】本题考查了由，的部分图象确定解析式，属基础题15【解析】分析：先将三棱锥补成长方体，再根据长方体外接球直径等于长方体对角线长，计算球体积.详解：因为三棱锥的三条侧棱两两互相垂直，所以将三棱锥补成一个长方体，长宽高分别为，因为三棱锥的外接球与长方体外接球相同，所以外接球直径等于，因此三棱锥的外接球的体积等于点睛：若球面上四点构成的三条线段两两互相垂直，且，一般把有关元素“补形”成
10、为一个球内接长方体，利用求解16【解析】【分析】，且可得 解得可得利用“累加求和”方法即可得出最后用裂项求和法可得数列的前n项_和【详解】由题意，可得解得则，可得 则，则数列的前n项_和为 即答案为.【点睛】本题考查了等差数列的通项公式与求和公式、数列递推关系、裂项相消法求和法，考查了推理能力与计算能力，属于中档题17（1）见解析（2）1：3【解析】【分析】取中点,连则为所画正方形，（II）两部分均为底面为梯形的直棱柱，代入棱柱的体积公式求出两部分的体积即可得出体积比【详解】解取中点,连则为所画正方形，由 为正方形，又 平面把该长方体分成的两部分体积的比值为30：90=1：3【点睛】本题考查了
11、棱柱的截面的画法及体积计算，属于基础题18（1）（2）【解析】【分析】（1）设等差数列列的公差为，（），运用等比数列的中项的性质和等差数列的通项公式，解方程可得，进而得到所求数列的通项公式；（）利用分组求和法可求数列前2019项的和.【详解】解等差数列的公差为，（） 的通项公式为：（） 的2019项的和为： 【点睛】本题考查等差数列的通项公式和求和公式的运用，同时考查等比数列的中项性质和求和公式的运用，考查数列的求和方法：分组求和法，属于中档题19（1）（2）【解析】【分析】（）由条件利用正弦定理求得 sinB的值，可得B的值，利用余弦定理可得，即，则利用基本不等式三角形的性质可求求的取值范围【详解】解（）锐角 又 ，即：即：又的取值范围为【点睛】本题主要考查正弦定理，余弦定理的应用，基本不等式的应用，属于基础题20（1）见解析（2）【解析】【分析】（）取中点，连，证明平面即可得到；（）利用等体积法可求点C到平面ABD的距离.【详解】证：（）取中点，连为正，中，平面（）正中，中中，由证：平面,又为中点设到平面的距离为，【点睛】本题以三棱锥为载体，考查线面垂直的性质，考查点面距离，综合性强
