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1、河北省武邑中学高二上学期期末考试物理试题一、选择题1. 下列关于电场线和磁感线的说法中，正确的是( )A. 电场线和磁感线都是电场或磁场中实际存在的线B. 磁场中两条磁感线一定不相交，但在复杂电场中的电场线是可以相交的C. 静电场中的电场线是一条不闭合曲线，而磁感线是一条闭合曲线D. 电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大；磁感线分布较密的地方, 同一通电导线所受的磁场力也越大【答案】C【解析】【详解】电场线和磁感线是为了描述电场和磁场假想的曲线，都不是电场或磁场中实际存在的线，选项A错误；磁场中两条磁感线一定不相交，电场中的电场线也是不相交的，选项B错误；磁感线是一条闭合有方向的曲线
2、，而电场线不是闭合的但有方向的曲线，选项C错误；电场线越密的地方，电场越强，磁感线越密的地方，磁场也越强，选项D正确；故选D.2.质量和电荷量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中两个虚线所示，下列表述正确的是A. M带正电，N带负电 B. M的速率大于N的速率C. 洛伦兹力对M、N做正功 D. M的运行时间大于N的运行时间【答案】B【解析】试题分析：由左手定则判断出M带负电荷，N带正电荷，A错误；粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力qvB=mv2R，半径为：r=mvqB，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速度率大于N的速率，B错误；
3、洛伦兹力不做功，C错误；粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为T=2mqB，M的运行时间等于N的运行时间，故D错误。考点：本题考查带电粒子在匀强磁场中运动。3.如图所示，A、B、C三只电灯均能发光，当把滑动变阻器的触头P向下滑动时，三只电灯亮度的变化是() A. A、B变亮，C变暗 B. A、B、C都变亮C. A、C变亮，B变暗 D. A变亮，B、C变暗【答案】A【解析】【详解】当滑动变阻器的滑动触头向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据全电路欧姆定律得知，干路中电流I增大，则A灯变亮。电路中并联部分电压 U并=E-I（RA+r），I增大，其他量不变，则U并减
4、小，C灯变暗。通过B灯的电流 IB=I-IC，I增大，IC减小，则IB增大，B灯变亮。所以A、B灯变亮，C灯变暗。故A正确，BCD错误；故选A。【点睛】对于电路中动态变化分析问题，往往按“局部整体局部”的思路，按部就班进行分析也可以直接根据串联电路电压与电阻成正比，分析各部分电压的变化，确定A、C两灯亮度的变化.4.一电流表的满偏电流Ig1 mA，内阻为200 .要把它改装成一个量程为0.5 A的电流表，则应在电流表上（ ）A. 并联一个约为200 的电阻B. 并联一个约为0.4 的电阻C. 串联一个约为0.4 的电阻D. 串联一个约为200 的电阻【答案】B【解析】要使电流表量程变为0.5A
5、，需要并联分流电阻，流过分流电阻的电流：I=0.5A-0,001A=0.499A，并联部分的电压：U=IgR=0.001200=0.2V，则需要并联的电阻：r=UI=0.20.499=0.4；故选B。5.如图所示，AB为均匀带有电荷量为Q的细棒，C为AB棒附近的一点，CB垂直于AB。AB棒上电荷形成的电场中C点的电势为0，0可以等效成AB棒上某点P处、带电荷量为Q的点电荷所形成的电场在C点的电势。若PC的距离为r，由点电荷电势的知识可知0k。若某点处在多个点电荷形成的电场中，则电势为每一个点电荷在该点所产生的电势的代数和。根据题中提供的知识与方法，我们可将AB棒均分成两段，并看成两个点电荷，就
6、可以求得AC连线中点C处的电势为A. 0 B. 0 C. 20 D. 40【答案】C【解析】试题分析：根据题意，C处电势等价于在AB某处点电荷产生的电势。我们不妨就假设该点就在AB中点处。则C的电势等于=kQ2r2+kQ2r2=2kQr，即答案为C考点：电势的叠加原理点评：此类题型主要是要依据题目中所给信息，并要用特殊位置来确定解题思路。通过题目给的电势的公式，结合数学相似三角形的知识，找到线段关系。通过仔细审题才能够找到解题关键。6.图（a）为示波管的原理图。如果在点击YY之间所加的电压图按图（b）所示的规律变化，在电极XX之间所加的电压按图（c）所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是【
7、答案】B【解析】分析：示波管的YY偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象解答：解：由于电极XX加的是扫描电压，电极YY之间所加的电压信号电压，信号电压与扫描电压周期相同，所以荧光屏上会看到的图形是B；故选B点评：本题关键要清楚示波管的工作原理，要用运动的合成与分解的正交分解思想进行思考7.如图所示电路中，三个相同的灯泡额定功率是40 W，在不损坏灯泡的情况下，这三个灯泡消耗的总功率最大不应超过 ( ) A. 40 W B. 60 W C. 80 W D. 120 W【答案】
8、B【解析】由电路图可知，IL3=2IL2=2IL1；则L3消耗的功率最大，当L3消耗的功率是40 W时，根据P=I2R可知，L1、L2各消耗功率10 W，则电路消耗的总功率为60 W，故选B。8.两个完全相同的金属小球，半径远小于两小球之间距离，带电量之比为17，相距为r，两者之间的引力为F，相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力为原来的（ ）A. 3/7 B. 4/7 C. 9/7 D. 16/7【答案】CD【解析】由库仑定律可得，两球接触前的库仑力：F=k7q2r2；当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量：q=q+7q2=4q 两球接触后的库仑力F=k16q2r2=167
9、F；当两球带异种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量q=q7q2=3q；两球接触后的库仑力F=k9q2r2=97F ，故CD正确，AB错误故选CD点睛：两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向9.以无穷远处电势为零，下列关于电势与电势能的说法正确的是（ ）A. 电荷在电场中电势高的地方电势能大B. 在电场中的某点，电量大的电荷具有的电势能比电量小的电荷具有的电势能大C. 在正点电荷形成的电场中的某点，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能大D. 在负点电荷形成的电场中的某点，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能
10、小【答案】CD【解析】【详解】正电荷在电场中电势高的地方电势能大，负电荷在电场中电势高的地方电势能小，选项A错误；在电场中的某点，电量大的正电荷具有的电势能比电量小的电荷具有的电势能大，而电量大的负电荷具有的电势能比电量小的电荷具有的电势能小，选项B错误；在正点电荷形成的电场中的某点，电势为正值，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能大，选项C正确；在负点电荷形成的电场中的某点，电势为负值，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能小，选项D正确；故选CD.10. 如图，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器电阻为R，开关闭合。两平行极板间有匀强磁场，一带电粒子正好以速度v匀速穿过两板。以下说法正确
11、的是（ ）A. 保持开关闭合，将滑片p向上滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出B. 保持开关闭合，将滑片p向下滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出C. 保持开关闭合，将a极板向下移动一点，粒子将继续沿直线穿出D. 如果将开关断开，粒子将继续沿直线穿出【答案】B【解析】本题考查的是电流和电压对平心板电容器内的电场的影响，保持开关闭合，将滑片p向下滑动一点，电容器两端电压增大，电场增强，电场力（向下）将大于洛伦兹力（向上），粒子将可能从下极板边缘射出；A错误，保持开关闭合，将a极板向下移动一点，电压不变，极板距离减小电场增强，粒子将可能从下极板边缘射出；C错误，如果将开关断开，电容器放电，电场将消
12、失，粒子将不能穿出；D错误；11.指南针是我国古代四大发明之一，关于指南针，下列说明正确的是（ ）A. 指南针可以仅具有一个磁极B. 指南针能够指向南北，说明地球具有磁场C. 仅受地磁场作用的指南针，指向南方的磁极是指南针的南极D. 在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时指南针不偏转【答案】BC【解析】【详解】任何磁体都有两个磁极，即N极和S极，选项A错误；指南针能够指向南北，说明地球具有磁场，选项B正确；仅受地磁场作用的指南针，指向南方的磁极是指南针的南极，选项C正确；在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时由于通电导线产生的磁场方向是东西方向，则指南针要偏转，选项
13、D错误；故选BC.12.如图所示，一个电阻值为R，匝数为n的圆形金属线圈与阻值为2R的电阻R1连结成闭合回路。线圈的半径为r1。在线圈中半径为r2的圆形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图所示。图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0。导线的电阻不计。则（ ）A. 流经电阻R1中的电流方向为b到aB. 回路中感应电动势的大小为nB0r12t0C. 回路中感应电流大小为nB0r223Rt0D. a与b之间的电势差为Uab=2nB0r223t0【答案】BD【解析】由图象分析可知，0至t1时间内有，由法拉第电磁感应定律有：E=nt=nBtS，面积为：s=r22，
14、由闭合电路欧姆定律有：I1=ER1+R，联立以上各式解得，通过电阻R1上的电流大小为：I1=nB0r223Rt0；由楞次定律可判断通过电阻R1上的电流方向为从b到a，故A错误，B正确；线圈两端的电压大小为U=I12R=2nB0r223t0，故C正确；通过电阻R1上的电量为：q=I1t1=nB0r22t12Rt0，故D错误；故选BC点睛：此题考查楞次定律来判定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小还可求出电路的电流大小，及电阻消耗的功率同时磁通量变化的线圈相当于电源二、实验题13.读出下图中游标卡尺和螺旋测微器的读数。游标卡尺的读数为_mm.；螺旋测微器的读数为_mm.【答案】
15、(1). 11.4 (2). 10.294到10.296都对【解析】【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【详解】游标卡尺的读数为：1.1cm+0.1mm4=11.4mm；螺旋测微器的读数为：10mm+0.01mm29.5=10.295mm.【点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读以及螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读14.在测定电流表的内阻的实验中备用的器材有:A. 待测电流表G（量程0100A，内阻约为600）B. 标准电压表（量程05 V）C. 电阻箱（阻值范围09999 ）D. 电阻箱（阻值范围099999 ）E. 电源（电动势2 V，内阻不计）F. 电源（电动势6 V，有内阻）G. 滑动变阻器（阻值
