《安徽省2019届高三高考模拟考试(一)物理试题含答案解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省2019届高三高考模拟考试(一)物理试题含答案解析（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、六安一中2019届高三模拟考试(一)理科综合试题（物理部分）二、选择题： 1.高中物理核心素养之一是培养科学的思维能力，在高中物理的学习中我们接触了许多科学思维方法，如理想实验法、控制变量法、微元法、类比法等。以下有关物理学史和所用物理学方法的叙述正确的是A. 牛顿巧妙地运用扭秤实验，应用了放大法成功测出万有引力常量的数值并得出了万有引力定律；B. 用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如场强E=，加速度a=都是采用比值定义法；C. 当物体本身的形状和大小对所研究问题的影响忽略不计时，用质点来代替物体的方法叫假设法；D. 在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很
2、多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加代表物体的位移，这里采用了微元法。【答案】D【解析】【详解】A：牛顿得出了万有引力定律；卡文迪许巧妙地运用扭秤实验，应用了放大法成功测出万有引力常量的数值。故A项错误。B：场强是采用比值定义法，加速度是采用比值定义法；加速度是加速度的决定式。故B项错误。C：当物体本身的形状和大小对所研究问题的影响忽略不计时，用质点来代替物体的方法是理想模型方法。故C项错误。D：在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加代表物体的位移，这里采用了微元法。故D项正确。2.在学习自
3、由落体运动的知识后，小华用一根长50cm的轻绳拴住两个小球，手持上面一个小球，从四楼阳台由静止释放小球，两小球落地时间间隔为t1，然后他又上到五楼阳台重复实验，两小球落地时间间隔为t2，不计空气阻力，关于小球落地的时间间隔正确的是A. t1t2D. 无法确定【答案】C【解析】【分析】根据题中“长50cm的轻绳拴住两个小球从四楼阳台由静止释放又上到五楼阳台重复实验球落地的时间间隔”可知，本题考察自由落体运动，应用自由落体的公式、位移时间关系等知识分析推断。【详解】下方小球落地后，上方小球接下来的运动是匀加速直线运动，加速度为，据位移时间公式可得，。从四楼阳台由静止释放小球与从五楼阳台由静止释放小
4、球相比，由，可知下方小球到达地面时的速度,；则两小球落地时间间隔。故C项正确，ABD三项错误。3.在粒子物理学的研究中，我们可以让粒子通过“云室”“气泡室”等装置，显示它们的径迹。右图为在气泡室中垂直施加匀强磁场后带电粒子的运动径迹，密封的气泡室里装满了因绝热膨胀而处于过热状态的液体，当带电粒子经过液体时会产生气泡，从而显示出粒子的运动轨迹。观察图片，对气泡室内带电粒子运动径迹的描述，下列说法不正确的是A. 不同粒子的径迹半径不同是因为粒子的比荷、速度不同造成的B. 从同一方向飞来的粒子偏转方向不同是电荷量大小不同导致的C. 从同一方向飞来的粒子偏转方向不同是电荷种类不同导致的D. 粒子的径迹
5、是螺旋线是因为粒子在运动过程中动能减少【答案】B【解析】【分析】根据题中“匀强磁场粒子的运动轨迹”可知，本题考察带电粒子在磁场中的运动，应用牛顿第二定律、左手定则等知识分析推断。【详解】A：据可得，则不同粒子的径迹半径不同是因为粒子的比荷、速度不同造成的。故A项正确。BC：据左手定则可知，从同一方向飞来的粒子偏转方向不同是电荷种类不同导致的。故B项错误，C项正确。D：粒子在运动过程中动能减少，速度减小；据可知，粒子的径迹是螺旋线。故D项正确。本题选不正确的，答案是B。4.2018年12月8日2时23分，“嫦娥四号”探测器用“长征三号”乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火升空，并于2019年1月3日
6、成功实现月球背面软着陆，执行人类首次巡视月球背面的任务。“嫦娥四号”飞到月球主要分四步走，第一步为发射入轨段，实现嫦娥四号升空入轨，器箭分离；第二步为地月转移段，实现嫦娥四号进入地月转移轨道；第三步为近月制动段，在地月转移轨道高速飞行的卫星减缓速度，完成“太空刹车减速”，被月球的引力所吸引；第四步为环月飞行段，嫦娥四号环绕月球轨道飞行，实现环月降轨，最后着陆月球。关于“嫦娥四号”探测器，下列说法正确的是A. 根据开普勒第三定律，探测器先后绕地球和月球做椭圆圆轨道运行时，其轨道半长轴的三次方与周期平方的比值是一个定值B. 探测器在地球表面的发射速度应该大于第二宇宙速度C. 探测器从环月段椭圆轨道
7、进入环月段圆轨道时，探测器的动能减小，机械能减小D. 若已知探测器在环月段圆轨道运行的半径R、周期T和引力常量G，可以求出月球的密度【答案】C【解析】【分析】根据题中“嫦娥四号飞到月球主要分四步，”可知，本题考察一般人造卫星类问题。据一般人造卫星类问题的规律，应用万有引力定律、牛顿第二定律、宇宙速度、机械能等知识分析推断。【详解】A：据可得，；探测器绕不同的天体运动时，其轨道半长轴的三次方与周期平方的比值不同。故A项错误。B：探测器在地球表面发射后绕地球运行，则探测器在地球表面的发射速度应该大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度。故B项错误。C：探测器从环月段椭圆轨道进入环月段圆轨道时，应减速变轨，
8、则探测器的动能减小，机械能减小。故C项正确。D：若已知探测器在环月段圆轨道运行的半径R、周期T和引力常量G，据可得，月球的质量。月球的半径未知，求不出月球的密度。故D项错误。5.两电荷量分别为q1和q2的点电荷固定在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势随x变化的关系如图所示，其中C为ND段电势最低的点，则下列说法正确的是A. q1、q2为等量异种电荷B. C、D两点间场强方向沿x轴正方向C. C点的电场强度大小为零D. 将一负点电荷从N点移到D点的过程中，电势能先减小后增大【答案】C【解析】【分析】根据题中“各点电势随x变化的关系如图所示”可知，本题考察图象。据处理图象的方法，应用电场线的
9、特点、电场强度、电势能等知识分析推断。【详解】A：越靠近两电荷电势越高，则两电荷均带正电；又两电荷连线上各点电势随x变化的关系图象具有对称性，则q1、q2为等量同种电荷。故A项错误。B：从C到D电势逐渐升高，顺着电场线电势降低，则C、D两点间场强方向沿x轴负方向。故B项错误。C：两电荷连线上各点的场强沿两电荷连线，则两电荷连线上各点的图线的斜率；由图象得C点的电场强度大小为零。故C项正确。D：从N点到D点的过程中电势先减小后增大，据知，负点电荷从N点移到D点的过程中电势能先增大后减小。故D项错误。6.如图所示，边长为L=0.2m的正方形线圈abcd，其匝数为n=100、总电阻为r=2，外电路的
10、电阻为R=8，ab的中点和cd的中点的连线OO恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度B=1T，若线圈从图示位置开始，以角速度=2rad/s绕OO轴匀速转动，则以下判断中正确的是A. 在t=时刻，磁场穿过线圈的磁通量为0，故此时磁通量变化率为0B. 闭合电路中感应电动势的瞬时表达式e=4sin2t(V)C. 从t=0时刻到t=时刻，电阻R上产生的热量为Q=0.16JD. 从t=0时刻到t=时刻，通过R的电荷量q=0.2C【答案】BCD【解析】【分析】根据题中“磁场的线圈从图示位置开始，以角速度=2rad/s绕OO轴匀速转动”可知，本题考察交流电的产生问题，应用法拉第电磁感应定律、闭合电路欧
11、姆定律、感应电量、有效值等知识分析计算。【详解】A：在时刻，线圈从图示位置转过90，磁场穿过线圈的磁通量为0，线圈中磁通量变化率最大。故A项错误。B：线圈中产生感应电动势的最大值，开始计时时，线圈中磁通量最大，感应电动势为0，则闭合电路中感应电动势的瞬时表达式。故B项正确。C：线圈转动的周期，回路中感应电流的最大值，回路中电流的有效值，从t=0时刻到时刻，电阻R上产生的热量。故C项正确。D：从t=0时刻到时刻，电路中的平均感应电动势，电路中的平均电流，线框中磁通量的变化量，通过R的电荷量，解得：。故D项正确。7.如图甲所示，一滑块随足够长的水平传送带一起向右匀速运动，滑块与传送带之间的动摩擦因
12、数=0.2。质量m=0.05kg的子弹水平向左射入滑块并留在其中，取水平向左的方向为正方向，子弹在整个运动过程中的v-t图象如图乙所示，已知传送带的速度始终保持不变，滑块最后恰好能从传送带的右端水平飞出，g取10m/s2。则A. 传送带的速度大小为4m/sB. 滑块的质量为3.3kgC. 滑块向左运动过程中与传送带摩擦产生的热量为26.8JD. 若滑块可视为质点且传送带与转动轮间不打滑，则转动轮的半径R为0.4m【答案】BD【解析】【分析】根据题中“子弹水平向左射入滑块并留在其中”、“水平传送带”可知，本题考察动量守恒与传送带相结合的问题，应用动量守恒定律、牛顿第二定律、摩擦生热等知识分析计算
13、。【详解】A：子弹射入滑块并留在其中，滑块(含子弹)先向左做减速运动，然后向右加速，最后向右匀速，向右匀速的速度大小为2m/s，则传送带的速度大小为2m/s。故A项错误。B：子弹未射入滑块前，滑块向右的速度大小为2m/s，子弹射入滑块瞬间，子弹和滑块的速度变为向左的4m/s；子弹射入滑块瞬间，内力远大于外力，系统动量守恒，以向左为正，据动量守恒得，即，解得：滑块的质量。故B项正确。C：滑块(含子弹)先向左做减速运动时，据牛顿第二定律可得，解得：滑块向左运动的加速度大小。滑块(含子弹)向左减速运动的时间，滑块(含子弹)向左减速运动过程中滑块与传送带间的相对运动距离，滑块向左运动过程中与传送带摩擦
14、产生的热量。故C项错误。D：滑块最后恰好能从传送带的右端水平飞出，则，解得：转动轮的半径。故D项正确。8.如图所示，一根跨越一固定的水平光滑细杆的柔软、不可伸长的轻绳，两端各系一个小球A和B，球A刚好接触地面，球B被拉到与细杆同样高度的水平位置，当球B到细杆的距离为L时绳刚好拉直，此时由静止释放B球，当球B摆到与水平方向的夹角为时，A球刚要离开地面，已知A、B球的质量分别为2.4m、m，不计空气阻力。则在球A刚要离开地面时，下列描述正确的是A. =53B. 球B与其初始位置的高度差h=0.8LC. B球的速度大小v=D. B球的加速度大小【答案】ABC【解析】【分析】根据题中“跨越一固定的水平
15、光滑细杆的柔软、不可伸长的轻绳，两端各系一个小球A和B”、“球B摆到与水平方向的夹角为时，A球刚要离开地面”可知，本题考察圆周运动与临界情况相结合的问题，应用牛顿第二定律、动能定理、几何关系等知识分析计算。【详解】AC：当球B摆到与水平方向的夹角为时，A球刚要离开地面，设此时绳中拉力为，对A受力分析可得，；对B受力分析如图：据牛顿第二定律可得，；据动能定理可得，。联立解得：、。故AC两项正确。B：球B与其初始位置的高度差，故B项正确。D：球A刚要离开地面时，B球的向心加速度，B球的切向加速度，B球的加速度。故D项错误。9.图甲是某同学验证动能定理的实验装置。其步骤如下:A.易拉罐内盛上适量细沙,用轻绳通过滑轮连接在小车上,小车连接纸带。合理调整木板倾角,让小车沿木板匀速下滑。B.取下轻绳和易拉罐,测出易拉罐和细沙的质量m及小车质量M。C.取下细绳和易拉罐换一条纸带,让小车由静止释放,打出的纸带如图乙(中间部分未画出),O为打下的第一点。已知打点计时器的打点频率为f,重力加速度为g。(1)步骤C中小车所受的合外力为_;(2)为验证从OC过程中小车合外力做功与小车动能变化的关系,测出B
