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1、- 1 - 广州惠州市广州惠州市 2019 高三第一次调研考试高三第一次调研考试 物理试题物理试题 二、选择题：二、选择题： 1.下列说法正确的是 A. 伽利略的理想斜面实验说明了“力是维持物体运动的原因” B. 采用比值定义法定义的物理量有：电场强度，电容 C，加速度 a C. 库仑通过实验得出了库仑定律，并用扭秤实验最早测量出了元电荷 e 的数值 D. 放射性元素发生一次 衰变，新核原子序数比原来原子核序数增加 1 【答案】D 【解析】 伽利略的理想斜面实验推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因” ，证明了力是改变物体运动状态的原 因，选项 A 错误；采用比值定义法定义的物理量有：电场
2、强度，电容 C，但是加速度 a不是比值 定义法，选项 B 错误；库仑通过实验得出了库仑定律，并用扭秤实验测量出了静电常数 k 的数值，选项 C 错 误；放射性元素发生一次 衰变，新核原子序数比原来原子核序数增加 1，选项 D 正确；故选 D. 2.跳伞运动员从高空悬停的直升机跳下，运动员沿竖直方向运动的v-t图像如图，下列说法正确的是( ) A. 0-10s 平均速度大于 10m/s B. 15s 末开始运动员静止 C. 10s 末速度方向改变 D. 10s-15s 运动员做加速度逐渐减小的减速运动 【答案】AD 【解析】 (1).若运动员做匀变速直线运动，则平均速度，运动员在 010s 内的
3、位移大于匀加速直线运动 到 20m/s 的位移，所以平均速度大于 10m/s。故 A 正确。 - 2 - (2)、15s 末物体的速度不变，做匀速直线运动，故 B 错误。 (3)、在整个过程中，速度都是正值，运动员的速度方向未改变。故 C 错误。 (4)、1015 s 内图线的斜率逐渐减小，则加速度逐渐减小，运动员做加速度逐渐减小的减速运动。故 D 正 确。故选：AD。 【点睛】通过图线与时间轴围成的面积表示位移，通过比较匀变速直线运动到 20m/s 和变加速运动到 20s 内 的位移，得出平均速度与 10m/s 的关系通过速度时间图线速度的正负值判断运动的方向结合图线的斜率 判断加速度的变化
4、 3.如图所示，质量为 m 的光滑小球，在细线和墙壁的作用下处于静止状态，重力加速度为 g，细线与竖直墙 壁的夹角为 300，则细线对小球的拉力大小为 A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 对小球受力分析，由力的平衡知识可知，细线对小球的拉力大小为，故选 A. 4.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为，a、b两点间的电压为 ，R为可变电阻，P为用铅锑合金制成的保险丝，其电阻可忽略不计，熔断电流为 2A。为使保 险丝不熔断，可变电阻R连入电路的最小阻值是 A. B. 1.1 C. 11 D. 【答案】B 【解析】 - 3 - 原线圈输入电压,根据电压与匝数成正比解得：；原线圈的最大
5、输入功率为 P1=U1I=2202440W；输出功率等于输入功率 P2P1=440W；输出功率：,解得： R1.1，故 B 正确，ACD 错误；故选 B。 5.科学家发现了一颗距离地球 14 光年的“另一个地球”沃尔夫，它是迄今为止在太阳系外发现的距离最近的 宜居星球。沃尔夫的质量为地球的 4 倍，它围绕红矮星运行的周期为 18 天。设想从地球发射一颗科学探测卫 星围绕沃尔夫表面运行。已知万有引力常量为 G，天体的环绕运动可看作匀速圆周运动。则下列说法正确的 是 A. 从地球发射该探测卫星的速度应该小于第三宇宙速度 B. 根据沃尔夫围绕红矮星运行的运动周期可求出红矮星的密度 C. 若已知围绕沃
6、尔夫表面运行的探测卫星的周期和地球的质量，可近似求沃尔夫半径 D. 沃尔夫绕红矮星公转和地球绕太阳公转的轨道半径的三次方之比等于 【答案】C 【解析】 从地球发射一颗科学探测卫星围绕沃尔夫表面运行，发射的速度应大于第三宇宙速度，故 A 错误。设红矮星 的质量为 M，半径为 R，沃尔夫的轨道半径为 r。根据得，T=2，红矮星的密度为 可知，根据沃尔夫的运动周期，不能求出红矮星的密度，故 B 错误。已知地球的质量，可以得知沃尔夫的质 量，设为 M，根据，则知已知探测卫星的周期和沃尔夫的质量，可以求出探测卫星的轨道半径， 由于探测卫星围绕沃尔夫表面运行，所以探测卫星轨道半径近似等于沃尔夫的半径，因此
7、可以近似求出沃尔 夫的半径。故 C 正确。沃尔夫和地球围绕的中心天体不同，不能根据开普勒第三定律求解轨道半径的三次方， 可知公转半径的三次方之比不等于（）2，故 D 错误。故选 C。 点睛：解决本题的关键是要掌握万有引力提供向心力这一重要思路，以及知道开普勒第三定律的适用条件， 即对同一中心天体而言 6.目前无线电力传输已经比较成熟，如图所示为一种非接触式电源供应系统 。这种系统基于电磁感应原理可 无线传输电力，两个感应线圈可以放置在左右相邻或上下相对的位置，原理示意图如图所示。利用这一原理， 可以实现对手机进行无线充电。下列说法正确的是 - 4 - A. 若 A 线圈中输入电流，B 线圈中就
8、会产生感应电动势 B. 只有 A 线圈中输入变化的电流，B 线圈中才会产生感应电动势 C. A 中电流越大，B 中感应电动势越大 D. A 中电流变化越快，B 中感应电动势越大 【答案】BD 【解析】 根据感应电流产生的条件，若 A 线圈中输入恒定的电流，则 A 产生恒定的磁场，B 中的磁通量不发生变化， 则 B 线圈中就会不产生感应电动势，故 A 错误；若 A 线圈中输入变化的电流，根据法拉第电磁感应定律：E= 可得，则 B 线圈中就会产生感应电动势，故 B 正确；根据法拉第电磁感应定律：E=可得，A 线圈中电流 变化越快，A 线圈中电流产生的磁场变化越快，B 线圈中感应电动势越大。故 C
9、错误；D 正确。故选 BD。 7.机场规定“严禁携带额定能量超过 160Wh 的充电宝搭乘飞机” ，下列说法正确的是 A. 机场限定的是充电宝的能量不能超过J B. 160Wh 相当于 160 kg 的重物由静止下落 1m 时所具有的动能 C. 乘飞机可以携带标注容量为 30000mAh、输出电压为 5v 的充电宝一块 D. 容量为 1200mA.h 的充电宝，如果对外供电的电流为 50mA，那么续航时间大约为 24h 【答案】ACD 【解析】 机场限定的是充电宝的能量不能超过 160Wh =1.63600J=5.76105J，选项 A 正确；160 kg 的重物由静止 下落 1m 时所具有的
10、动能为 mgh=160101J=1600J，则 160Wh 比 160 kg 的重物由静止下落 1m 时所具有 的动能大，选项 B 错误；容量为 30000mAh、输出电压为 5V 的充电宝储存的电能为 30000mAh5V=3036005J=3.4105J 5.76105J，则乘飞机可以携带此充电宝，选项 C 正确；容量为 1200mA.h 的充电宝，如果对外供电的电流为 50mA，那么续航时间大约为，选项 D 正确；故 选 ACD. 8.如图所示，在磁感应强度 B=1.0 T 的匀强磁场中，质量 m=1kg 的金属杆 PQ 在水平向右的外力 F 作用下沿着 粗糙 U 形导轨以速度 v=2
11、m/s 向右匀速滑动，U 形导轨固定在水平面上，两导轨间距离 1=1.0m，金属杆 PQ 与 U 形导轨之间的动摩擦因数 =0.3， 电阻 R=3.0 ，金属杆的电阻 r=1.0 ，导轨电阻忽略不计，取重 力加速度 g=10 m/s，则下列说法正确的是 - 5 - A. 通过 R 的感应电流的方向为由 d 到 a B. 金属杆 PQ 切割磁感线产生的感应电动势的大小为 2.0 V C. 金属杆 PQ 受到的外力 F 的大小为 2.5N D. 外力 F 做功的数值大于电路上产生的焦耳热 【答案】BD 【解析】 A、PQ 棒切割磁感线产生动生电动势，由右手定则可知电流方向为QPad，故 A 错误。
12、B、导体PQ切割磁感线 产生的感应电动势的大小为：E=BLv=112V=2V，故 B 正确。C、根据欧姆定律可得，由力 的平衡可知，故 C 错误。D、由动能定理可得，故，故 D 正确。故选 BD。 【点睛】对于单棒切割的类型，掌握电磁感应的基本规律，如右手定则或楞次定律、感应电动势公式 E=BLv、欧姆定律和安培力公式F=BIL等是基础，关键要明确各个量的关系，熟练运用相关的公式求解。 三、非选择题三、非选择题 9.“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示。在平衡小车与桌面之间摩擦力的过 程中，打出了一条纸带如图乙所示，图乙中纸带的左端小车连接。计时器打点的时间间隔为 0.
13、02s。从比较 清晰的点起，每 5 个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离。回答下列问题： （1）该小车的加速度大小a=_m/s2（保留 2 位有效数字） ； （2）为平衡摩擦力还应适当_（填“增大”或“减小” ）木板与桌面的夹角，直至打点均匀为止； （3） 打点计时器打下计数点 3 时小车的速度 v3=_m/s（保留 3 位有效数字） 。 【答案】 (1). (1)0.10； (2). (2)减小 (3). (3)0.365 【解析】 （1）由题意可知：x=aT2， （2）小车加速运动，说明平衡时垫的过高，为平衡摩擦力还应适当减小木板与桌面的夹角，直至打点均匀为 - 6 - 止 （3）根
14、据匀变速直线运动的物体在一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得： 打纸带上 3 点时小车的瞬时速度大小为： 10.为了测量某种材料制成的电阻丝Rx的电阻率，提供的器材有： A电流表 G，内阻Rg120 ，满偏电流Ig6 mA B电压表 V，量程为 06 V，内阻约为 1000 C螺旋测微器，毫米刻度尺 D电阻箱R0(09999 ) E滑动变阻器R(最大阻值为 5 ) F电池组E(电动势为 6 V，内阻约为 005 ) G一个开关 S 和导线若干 (1) 用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，应该换用_挡(填 “1”或“100”)，进行一系列正确操作后，指针静
15、止时位置如图甲所示其读数为_； (2) 把电流表 G 与电阻箱并联，改装成量程为 006 A 的电流表使用，则电阻箱的阻值应调为 R0_ (保留 3 位有效数字) ； (3) 改装好的电流表用符号“ ”表示，内阻RA已知，用该电流表和所提供的实验器材较准确测量电阻丝Rx 的阻值，请在图乙中画出实验电路图_； (4) 测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为D，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，读出电压 表和电流表的示数，测得金属丝的电阻为Rx。写出计算电阻率的表达式_ (L、D、Rx表示) 。 【答案】 (1). 1 (2). 14 或者 14.0 (3). 1.21 ；(1.201.2
16、2 均正确) (4). - 7 - (5). 【解析】 【详解】 （1）因欧姆表不均匀，要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准，当用“10”挡时 发现指针偏转角度过大，说明倍率较大，应选择“1”倍率。此时欧姆表读数为 14.0； （2）将电流表 G 与电阻箱并联改装成量程为 0.6A 的电压表，而电流表 G（内阻 Rg=120，满偏电流 Ig=6mA） ，因此电阻箱的阻值应调为：； （3）由图甲所示可知，待测电阻阻值为 14，电压表内阻 1000 欧姆，改装后的电流表内阻约为 1.2，因 为，电压表内阻远大于待测电阻，电流表应采用外接法，滑动变阻器最大阻值为 5，远小于待测 电阻阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示： （4）由电阻定律可知，电阻：Rx= ,解得 【
