《2018_2019高考物理二轮复习 选择题提速练15》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018_2019高考物理二轮复习 选择题提速练15（4页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1 选择题提速练选择题提速练 1515 15 为单选，68 为多选 1. (2018河南郑州一模)如图，一半径为R的绝缘环上，均匀地带有电荷量为Q的电荷，在垂直于圆环 平面的对称轴上有一点P，它与环心O的距离OPL.设静电力常量为k，关于P点的场强E，下列四个表达式 中有一个是正确的，请你根据所学的物理知识，通过一定的分析，判断正确的表达式是( D ) A. B. kQ R2L2 kQL R2L2 C. D. kQR R2L23 kQL R2L23 解析：设想将圆环等分为n个小段，当n相当大时，每一小段都可以看做点电荷，其所带电荷量为q Q n 由点电荷场强公式可求得每一点电荷在P处的场强为
2、EPkk Q nr2 Q nR2L2 由对称性可知，各小段带电环在P处的场强垂直于轴向的分量Ey相互抵消，而轴向分量Ex之和即为带电 环在P处的场强E，故 EnExn kQ nL2R2 L r kQL rL2R2 而r L2R2 联立可得E，D 正确 kQL R2L23 2如图所示，足够长的斜面上有a、b、c、d、e五个点，abbccdde，从a点水平抛出一个小球， 初速度为v时，小球落在斜面上的b点，落在斜面上时的速度方向与斜面夹角为，不计空气阻力当初速 度为 2v时( D ) A小球可能落在斜面上的c点与d点之间 B小球一定落在斜面上的e点下方 C小球落在斜面时的速度方向与斜面的夹角大于
3、D小球落在斜面时的速度方向与斜面的夹角也为 解析：设abbccddeL0，斜面倾角为，当初速度为v时，小球落在斜面上的b点，则有 L0cosvt1，L0singt，当初速度为 2v时，有Lcos2vt2，Lsingt，联立解得L4L0，即 1 22 1 1 22 2 小球一定落在斜面上的e点，选项 A、B 错误；由平抛运动规律可知，小球落在斜面上时的速度方向与斜面的 夹角也为，选项 C 错误，选项 D 正确 2 3(2018辽宁五校协作体模拟)如图所示，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲 度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上，现用手控制住A，使细线刚刚拉直但无拉力作
4、用，并保证 滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行已知A的质量为 4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线 与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开 地面下列说法正确的是( B ) A斜面的倾角60 BA获得的最大速度为 2g m 5k CC刚离开地面时，B的加速度最大 D从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒 解析：A、B两球的速度大小时刻相等，当A沿斜面下滑至速度最大时，B球竖直上升的速度也达到最大， 此时A、B两球的加速度均为零，选项 C 错误；根据“此时C恰好离开地面”可知，弹簧的弹力大小等于 mg，对B
5、由平衡条件可得，绳的拉力大小为 2mg，对A由平衡条件得 4mgsin2mg，解得30，选项 A 错误；从释放A到A沿斜面下滑至速度最大的过程中，弹簧由被压缩逐渐变成被拉伸，在此过程中， mg k mg k 由三个小球和弹簧组成的系统机械能守恒，设A获得的最大速度为v，则 4mgsin30 2mg k mg 5mv2，解得v2g，选项 B 正确；从释放A到C刚离开地面的过程中，弹簧对B的弹力先 2mg k 1 2 m 5k 做正功后做负功，所以由A、B两小球组成的系统的机械能先增大后减小，即机械能不守恒，选项 D 错误 4.如图所示，甲、乙两同学从河中O点出发，分别沿直线游到A点和B点后，立即
6、沿原路线返回到O点， OA、OB分别与水流方向平行和垂直，且OAOB.若水流速度不变，两人在静水中游速相等，则他们所用时间 t甲、t乙的大小关系为( C ) At甲t乙 D无法确定 解析：设水速为v0，人在静水中速度为v，对甲，由OA所用时间t1，由AO所用时间t2 s vv0 ，则甲所用时间t甲t1t2s式；对乙，由OB和由BO的实际速度 s vv0 s vv0 s vv0 2v v2v2 0 v，故所用时间t乙式；两式相比得1，即t甲t乙，故 C 正确 v2v2 0 2s v 2s v2v2 0 t甲 t乙 v v2v2 0 5传感器是自动控制设备中不可缺少的元件，已经渗透到宇宙开发、环境
7、保护、交通运输以及家庭生活 等各种领域下图为几种电容式传感器，其中通过改变电容器两极间距离而引起电容变化的是( C ) 3 解析：图 A 中是通过改变电介质而引起电容变化的，图 B 和 D 是通过改变两极的正对面积而引起电容变 化的，图 C 中是通过改变电容器两极间距离而引起电容变化的，选项 C 正确 62016 年 10 月，宁东浙江800 kV 直流特高压输电工程完成大负荷试验工作，成为我国第 5 个直流 特高压输变电工程如图所示是远距离输电示意图，电站的原输出电压U1250 kV，输出功率P11105 kW，输电线电阻R8 .则进行远距离输电时，下列说法中正确的是( AC ) A若电站的
8、输出功率突然增大，则降压变压器的输出电压减小 B若电站的输出功率突然增大，则升压变压器的输出电压增大 C输电线损耗比例为 5%时，所用升压变压器的匝数比 n1 n2 1 16 D用 800 kV 高压输电，输电线损耗功率为 8 000 W 解析：由知U1不变时，U2也不变，选项 B 错误；由U3U2R知，电站的输出功率突然增大， U1 U2 n1 n2 P1 U2 U3减小，又，故U4也减小，选项 A 正确；I1400 A，I225 A，选项 U3 U4 n3 n4 P1 U1 P R I2 I1 n1 n2 25 400 1 16 C 正确；用 800 千伏高压输电，即U2800 千伏，I2
9、125 A，PI22R1.25102 kW，选 P1 U2 项 D 错误 7(2018新课标全国卷)甲、乙两汽车在同一条平直公路上同向运动，其速度时间图象分别如图中 甲、乙两条曲线所示已知两车在t2时刻并排行驶，下列说法正确的是( BD ) A两车在t1时刻也并排行驶 Bt1时刻甲车在后，乙车在前 C甲车的加速度大小先增大后减小 D乙车的加速度大小先减小后增大 解析：vt图象中图象包围的面积代表运动走过的位移，两车在t2时刻并排行驶，利用逆向思维并借助 于面积可知在t1时刻甲车在后，乙车在前，故 A 错误，B 正确；图象的斜率表示加速度，所以甲的加速度先 减小后增大，乙的加速度也是先减小后增大
10、，故 C 错，D 正确，故选 BD. 8如图所示，S处有一电子源，可向纸面内任意方向发射电子，平板MN垂直于纸面，在纸面内的长度 L9.1 cm，中点O与S间的距离d4.55 cm，MN与SO直线的夹角为，板所在平面有电子源的一侧区域 有方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B2.0104T.电子质量m9.11031kg，电量 e1.61019C，不计电子重力电子源发射速度v1.6106 m/s 的一个电子，该电子打在板上可能位 置的区域的长度为l，则( AD ) A90时，l9.1 cm B60时，l9.1 cm C45时，l4.55 cm D30时，l4.55 cm 解析：电子在磁场中受
11、洛伦兹力作用做匀速圆周运动，根据洛伦兹力大小计算公式和向心力公式有： 4 evBm，解得电子圆周运动的轨道半径为：r m4.55102 v2 r mv eB 9.1 1031 1.6 106 1.6 1019 2.0 104 m4.55 cm，恰好有：rd ，由于电子源S可向纸面内任意方向发射电子，因此电子的运动轨迹将是过S L 2 点的一系列半径为r的等大圆，能够打到板MN上的区域范围如图甲所示，实线SN表示电子刚好经过板N端 时的轨迹，实线SA表示电子轨迹刚好与板相切于A点时的轨迹，因此电子打在板上可能位置的区域的长度为： lNA，又由题设选项可知，MN与SO直线的夹角不定，但要使电子轨迹与MN板相切，根据图中几何关系 可知，此时电子的轨迹圆心C一定落在与MN距离为r的平行线上，如图乙所示，当l4.55 cm 时，即A点 与板O点重合，作出电子轨迹如图中实线S1A1，由图中几何关系可知，此时S1O与MN的夹角30，故 C 错误，D 正确；当l9.1 cm 时，即A点与板M端重合，作出电子轨迹如图中实线S2A2，由几何关系可知， 此时S2O与MN的夹角90，故 A 正确，B 错误
