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1、金溪一中高一年级上学期第2次月考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）1.下列关于科学家的贡献，描述不正确的是：（ ）A. 胡克发现了弹簧弹力与弹簧形变量间的变化规律B. 亚里士多德将斜面实验的结论合理外推，证明了自由落体运动是匀变速直线运动C. 伽利略科学思想的核心是把科学实验和逻辑推理结合起来，在该思想引领下人们打开了近代科学大门D. 伽利略首先建立了平均速度、瞬时速度和加速度等概念用来描述物体的运动【答案】B【解析】A、胡克发现
2、了弹簧弹力与弹簧形变量的关系，故A正确；B、伽利略将斜面实验的结论合理外推，证明了自由落体运动是匀变速直线运动，故B错误。C、D、伽利略首先建立了平均速度，瞬时速度和加速度等概念用来描述物体的运动，并首先采用了实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而有力地推进了人类科学的发展。故C、D均正确。本题选不正确的故选B。【点睛】本题考查了物理学史，关键要记住科学家的物理学成就，不要混淆2.人在平地上静止站立时，受到的支撑力等于人的重力做原地纵跳时，在快速下蹲和蹬伸的过程中，人体受到的支撑力发生变化（如图，为重力，为支撑力）下列图像能正确反映该变化的是（ ）A. B. C.
3、D. 【答案】D【解析】人腾空时支持力为零，故AC项错误，人在快速下蹲和蹬伸的过程中，加速度先向下，再向上，即先失重，再起重，故支持力先小于重力，然后大于重力，故B错误D正确3.早期有两款自行车曾引起大家的注意。一款是将脚踏直接安在前轮上骑行，如图甲所示；另一款是无脚踏链条靠骑车者两脚在地上划着走，如图乙所示。下列关于这两款自行车在正常向前骑行过程中前后轮所受地面摩擦力方向的叙述中，正确的是（ ） A. 甲图款前轮所受摩擦力向前，后轮摩擦力向后B. 甲图款前轮所受摩擦力向后，后轮摩擦力向前C. 乙图款前轮所受摩擦力向前，后轮摩擦力向后D. 乙图款前轮所受摩擦力向后，后轮摩擦力向前【答案】A【解
4、析】【详解】甲图款前轮运动时有相对地面向后运动的趋势，则所受摩擦力向前，后轮有相对地面向前运动的趋势，则后轮受摩擦力向后，选项A正确，B错误；乙图款前轮和后轮都有相对地面向前运动的趋势，所受摩擦力都是向后的，选项CD错误；故选A。【点睛】摩擦力的方向不总是和物体运动方向相反，但是一定和物体相对运动方向相反。自行车的前轮和后轮受到的摩擦力方向与人走路时前脚和后脚受到的摩擦力的方向分析情况是一样的。4.如图所示，B、C两个小球用细线悬挂于竖直墙面上的A、D两点，两球均保持静止，已知两球的重力均为G，细线AB与竖直墙面之间的夹角为，细线CD与竖直墙面之间的夹角为，则（ ）A. AB绳中的拉力为B.
5、CD绳中的拉力为C. BC绳中拉力为D. 细线BC与竖直方向的夹角为 【答案】D【解析】A、对两个小球构成的整体受力分析，如图所示：根据平衡条件：x轴： y轴：，得：，故AB错误；C、对C球受力分析，如图所示：根据平衡条件：x轴： y轴：，得：,故C错误，D正确。点睛：本题首先要选择好研究对象，其次正确分析受力情况，作出力图，再由平衡条件求解以上是利用正交分解法，也可以利用合成法。5.发射时弦和箭可等效为图中的情景，已知弓的顶部跨度为L（如图中虚线所示），弦均匀且弹性良好，其自由长度为L假设弓的跨度保持不变，即箭在弦的正中间，弦夹在不计大小的类似动滑轮的附加装置上，将箭发射出去已知弦的劲度系数
6、为k，发射箭时弦的最大长度为2L（弹性限度内），则箭被发射瞬间所受的最大弹力为（设弦的弹力满足胡克定律）（） A. kL B. kL C. kL D. 2kL【答案】C【解析】试题分析：本题的解题关键是:是找准形变量。由几何图形分析出弓弦的形变量，所以由胡克定律得弓弦的张力，由力的平行四边形定则知F1、F2的合力=2 F1cos30=，所以弓弦对箭的作用力F=,故C选项正确。考点：胡克定律 平行四边形定则 物体的平衡6.如图所示，在水平粗糙横杆上，有一质量为m的小圆环A，用一细线悬吊一个质量为m的球B。现用一水平力F缓慢地拉起B，在此过程中A一直保持静止不动，设圆环A受到的支持力为，摩擦力为f
7、 ，此过程中： （ ）A. 增大，f增大B. 减小，f增大C. 不变，f减小D. 不变，f增大【答案】D【解析】对B受力分析，则B受重力、绳子的拉力及F；三力满足应始终处于平衡状态；受力分析如图所示：在B上升的过程中绳子与竖直方向的夹角增大，而重力不变，F=Gtan，故拉力F应增大；以AB为整体受力分析，整体在水平方向受拉力、摩擦力；竖直方向上受重力、支持力；因整体处于平衡状态，故水平方向f=F，因F增大，故摩擦力f增大；竖直方向重力不变，则压力FN不变；故D正确，A、B、C错误；故选D【点睛】本题也可以由隔离法求解，但是解答过程较为麻烦；因此在解题时要特别注意整体法的应用7.关于力的合成和分
8、解的几种说法中，正确的是（ ）A. 合力必大于分力B. 一个力可能分解为两个大小相等方向不同的力C. 两分力大小不变，其合力随两个分力夹角的增大而减小D. 合力的大小一定大于小的分力，小于大的分力【答案】BC【解析】试题分析：合力与分力的大小关系，以及两分力大小不变，其合力随两个分力夹角的变化情况都可以根据平行四边形定则来分析由于分力合成时遵循平行四边形定则，所以合力可以大于分力，也可以等于分力，还可以小于分力，AD错误；存在邻边相等的平行四边形，所以一个力可以分解为两个大小相等方向不同的力，B正确；当夹角180时，当两分力大小不变，由公式可知随着增大而减小，故C正确8.如图所示，A、B两物体
9、叠放在的水平地面上，各接触面的动摩擦因数均为 0. 5（最大静摩擦力可视为等于滑动摩擦力），A物体质量 m=10kg，B物体质量M=30kg。处于水平位置的轻弹簧一端固定于墙壁，另一端与A物体相连，弹簧处于自然状态，其劲度系数为250N/m。现有一水平推力F作用于物体B上，开始使A、B两物体缓慢地向墙壁移动，整个过程中A物体始终没有从B物体上滑落。则下列说法正确的（g 取10m/s2）A. 刚开始推动该物体时，推力F的大小为200NB. 当B物体移动0.4m时，弹簧的弹力大小为100NC. 当B物体移动0.4m时，水平推力F的大小为250ND. 当B物体移动0.4m时，水平推力F的大小为300
10、N【答案】AC【解析】【详解】对A有：FA=fBA，对B有：F=f地+fAB，因为fAB=fBA，则推力F=f地+FA，刚开始推动时，因为弹簧的弹力为零，则F=f地=（M+m）g=200N故A正确。当B物体移动0.4m时，假设物体A相对B不滑动，则此时弹簧的弹力大小为F弹=kx=0.4250N=100N；物体A与B之间的最大静摩擦力为fmAB=mAg=50N，因F弹fmAB，则此时A已经相对B滑动，则弹簧的形变量小于0.4m，即弹簧的弹力小于100N，选项B错误；运动时，B在水平方向上受到地面的摩擦力和A对B的摩擦力，因为是缓慢移动，知F=（mAg+mBg）+mAg=0.5400+0.5100
11、N=250N，所以推力大小等于250N故C正确，D错误。故选AC。【点睛】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，通过共点力平衡进行求解，注意掌握滑动摩擦力的公式的应用，理解压力与重力的区别9.如图所示，A、B、C三球质量均为m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接。倾角为的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，开始系统处于静止状态。在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（ ）A. A、B之间杆的拉力大小为B. A、B两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为C. A球的受力情况未变，加速度为零D. C球的加速度沿斜面向下，大小为g
12、【答案】AB【解析】【分析】细线被烧断的瞬间，A球的受力情况改变；细绕烧断前三者保持平衡状态，列平衡方程可求得弹簧及绳的弹力，断后AB作为整体会向上运动，C向下运动，分别以AB组成的系统、B、C为研究对象，由牛顿第二定律分析答题。【详解】以A、B组成的系统为研究对象，烧断细线前，A、B静止，处于平衡状态，合力为零，弹簧的弹力F=3mgsin，以C为研究对象知，细线的拉力为mgsin，烧断细线的瞬间，A、B受到的合力等于3mgsin-2mgsin=mgsin，由于弹簧弹力不能突变，弹簧弹力不变，由牛顿第二定律得：mgsin=2ma，则加速度a=gsin，方向沿斜面向上；以B为研究对象，由牛顿第二
13、定律得：FAB-mgsin=ma，解得：FAB= mgsin，故AB正确；细线被烧断的瞬间，B不再受细线的拉力作用，轻杆的弹力发生突变，A的受力情况发生变化，合力不为零，加速度不为零，故C错误；C球的加速度沿斜面向下，大小为a=gsin，故D错误；故选AB。10.如图甲所示，倾角为的固定斜面上有一物块处于静止状态，物块的质量为1 kg。现用沿斜面向下的恒力推物块，过一段时间撤去推力，物块沿斜面向下运动的图象如图乙所示，已知物块与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，斜面足够长，重力加速度g=10m/s2，sin37 = 0.6，cos37= 0.8。则下列判断正确的是 A. 物块静止时，斜面对物
14、块的作用力大小为8NB. 物块与斜面间的动摩擦因数为0.5C. 推力的大小为3ND. 若推力增大为原来的2倍，则物块下滑的加速度小为6m/ s2【答案】CD【解析】【详解】A.从图像上可以看出拆去推力后物块匀速运动所以物块受到重力、斜面的支持力和摩擦力处于平衡状态，所以斜面对物块的支持力与摩擦力的和与重力大小相等，方向相反，为10N.故A错；B. 拉力撤去后物块做匀速直线运动，则有：mgsin+mgcos=0,所以： 故B错；C. 由图象可求加速度大小为： 由牛顿定律，拉力撤去前有：F+mgsinmgcos=ma代入数据得：F=3N.故C正确；D. 若恒力F增大为原来的2倍即F=6N时，由牛顿
15、第二定律得：F+mgsinmgcos=ma代入数据得物块下滑的加速度大小为： 故D正确故选CD【点睛】物块静止时处于平衡状态，由平衡状态的受力特点即可求出斜面对物块的作用力；物块做匀速直线运动时处于平衡状态，由受力分析求出物块受到的摩擦力与支持力，然后由滑动摩擦力的公式即可求出动摩擦因数；由速度的斜率求出加速度，根据牛顿第二定律对拉力撤去前的过程列式，求出拉力的大小；由牛顿第二定律即可求出拉力是原来的2倍时物块的加速度二、实验题（11题6分，12题12分，共18分）11.图中装置可用来探究物块的运动情况，细线平行于桌面，遮光片的宽度为d，两光电门AB之间的距离为s，让物块从光电门A的左侧由静止释放，分别测出遮光片通过光电门A、B所用的遮光时间分别为tA和tB，用遮光片通
