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1、2015年广西贵港市中考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共30分）1（3分）（2015贵港）在平南高铁站，离站台边缘一定距离的地方标有一条安全线，人必须站在安全线以外的区域候车，以免产生危险，这主要是因为高速列车经过时，列车与人之间的（）A空气流速增大，压强减小B空气流速减小，压强减小C空气流速增大，压强增大D空气流速减小，压强增大考点：流体压强与流速的关系专题：气体的压强、流体压强与流速的关系分析：当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系即可解决此题解答：解：当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此
2、时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险故选A点评：解答这类题目的思路是先确定哪里的流体流速大，压强小，在这个压力差的作用下便产生了什么现象2（3分）（2015贵港）如图所示是四冲程汽油机的其中一个冲程的剖面图，下列说法正确的是（）A该冲程是压缩冲程B该冲程中活塞向上运动C该冲程是内能转化为机械能的过程D该冲程是机械能转化为内能的过程考点：内燃机的四个冲程专题：比热容、热机、热值分析：（1）汽油机的四个冲程，可根据气阀和活塞的状态判断是哪个冲程；（2）将机械能转化为内能的是压缩冲程，将
3、内能转化为机械能的是做功冲程；压缩冲程和做功冲程都是通过做功的方式改变内能的解答：解：根据图示可知，两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，气缸容积增大，因此是做功冲程在做功冲程中将内能转化为机械能故ABD错、C正确故选C点评：此题是结合汽油机的冲程图分析汽油机冲程的特点，要会根据电火花是否打火判断是不是做功冲程3（3分）（2015贵港）下列有关安全用电的说法，其中不正确的是（）A使用试电笔时，手一定要接触试电笔尾部的金属部分B三孔插座中的接地线E必须与室外的大地相连C发现有人触电或发生电线起火时，首先要做的力立即切断电源D家庭电路中空气开关跳闸，一定发生了短路考点：安全用电原则专题：电与热
4、、生活用电分析：（1）测电笔的正确使用：用手接触测电笔的尾部金属体，笔尖接触导线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线（3）有金属外壳的用电器，其外壳一定要接地，以防止漏电事故的发生（3）当有人触电、电线或用电器着火后，先切断电源，再施救（4）家庭电路电流过大的原因有两个：短路或用电器的总功率过大解答：解：A、使用试电笔时，手要与笔尾金属体相连，不能接触笔尖，故A正确；B、三孔插座中相应的导线没有与室外的大地相连，如果家用电器漏电可能使它的金属外壳带电，这时容易造成触电事故，故B正确；C、发现有人触电或电器着火后要先断开电源再施救，故C正确；D、家庭电路中空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是
5、用电器的总功率过大，故D不正确故选D点评：本题综合性较强，重点考查了家庭电路的相关知识，与学生生活联系密切，体现了物理知识和生活的联系4（3分）（2015贵港）贵港港是西南地区第一大的内河港口，若一艘轮船从贵港港驶往澳门，当它从珠江口驶入大海时（）A它受到的浮力变大B它受到的浮力变小C它下沉了一些D它上浮了一些考点：物体的浮沉条件及其应用专题：应用题；浮沉的应用分析：（1）轮船从河里驶入大海时都漂浮，受到的浮力都等于轮船受到的重力，得出了受到浮力的大小关系；（2）知道河水和海水的密度关系，根据阿基米德原理分析排开河水和海水体积的大小关系，进而得出排水深度的变化解答：解：从珠江口驶入大海时轮船处
6、于漂浮，则F浮=G，由于轮船受到的重力G不变，所以它所受的浮力不变；则根据阿基米德原理得：河gV排河=海gV排海=G，由于河海所以，轮船排开水的体积：V排河V排海，即：排开水的体积将变小，轮船将上浮一些故选D点评：本题考查了阿基米德原理、物体的漂浮条件，知道轮船漂浮（F浮=G）是解此类题目的突破口，利用好阿基米德原理是关键5（3分）（2015贵港）“歼20”是我国新研制的重型隐形战机，它的“隐身”原理主要是机身对雷达发射出的某种波具有良好的吸收作用这种波是（）A水波B超声波C电磁波D次声波考点：电磁波的传播专题：信息的传递分析：“隐形战机”的隐形功能，主要是将雷达发射的电磁波吸收，电磁波不能反
7、射回雷达，就避开了雷达的探测解答：解：“隐形战机”可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射回雷达，从而有效避开敌方的侦测故选C点评：解决本题还要知道被人们称为电子眼的雷达是利用无线电波的反射来探测物体位置的6（3分）（2015贵港）生活与物理息息相关，小芳烧水，她观察到水沸腾时，不断有“白气”冒出来，从水到形成“白气”的物态变化是（）A先液化后汽化B先汽化后液化C先汽化后凝固D先升华后熔化考点：汽化及汽化吸热的特点；液化及液化现象专题：汽化和液化、升华和凝华分析：物体由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化可根据“白气”的状态和“
8、白气”的形成上入手解答：解：沸腾是一种剧烈的汽化现象，水沸腾时产生大量的水蒸气，但水蒸气是看不见的当水蒸气上升后遇冷液化形成“白气”故选B点评：此题考查生活中的汽化和液化现象，这是中考时常考的一个知识点7（3分）（2015贵港）某同学做“探究凸透镜成像的规律”实验时，所用凸透镜的焦距为f，保持凸透镜位置不变，如图所示，先后使烛焰位于a，b，c，d四点，并分别调整光屏的位置，关于a，b，c，d四点的成像情况，他归纳出下列说法，其中错误的是（）A烛焰位于a点时，屏上出现的实像最小B烛焰位于c点时，屏上出现的实像最大C烛焰位于b点时，屏上出现的实像最大D烛焰位于d点时，成正立放大的虚像考点：凸透镜成
9、像规律及其探究实验专题：透镜及其应用分析：根据凸透镜成像规律来分析，物距小于焦距，成正立放大虚像；物距大于焦距小于二倍焦距，成倒立放大实像；物距大于二倍焦距，成倒立缩小实像凸透镜成像时，物近像远像变大解答：解：（1）烛焰位于a点时，物距大于二倍焦距，成倒立缩小实像，屏上出现的实像最小，故A正确；（2）烛焰位于b、c两点时，物距大于焦距小于二倍焦距，都成倒立放大实像，但b点位置距离透镜大于c点位置，因此在c点屏上出现的实像比在b点出现的实像大，即最大，烛焰位于c点时，屏上出现的实像最大，故B正确、C错误；（3）烛焰位于d点时，物距小于焦距，成正立放大虚像，故D正确故选C点评：此题探究凸透镜成像的
10、规律实验，一定要熟练掌握凸透镜成像特点与物距之间的关系掌握凸透镜成像规律并能灵活运用分析实际问题8（3分）（2015贵港）物理学中用光线来描述光的传播途径和方向，用磁感线来描述磁场，以下说法正确的是（）A光线是真实存在的B磁感线是真实存在的C光是真实存在的一种电磁波D磁感线描述的磁场不是真实存在的考点：磁感线及其特点；光线专题：光的传播和反射、平面镜成像；磁现象、电生磁分析：为了表示光的传播情况，我们通常用一条带有箭头的直线表示光的径迹和方向，这样的直线叫光线，是假想出来的，是不存在的；但光是电磁波的一种，是确实存在的；为了形象、准确的描述磁场，我们用一些带箭头的曲线来表示，这样的曲线叫磁感线
11、，磁感线也是假想出来的，不是真实存在的；但磁场是确确实实存在解答：解：A、光线是我们为了研究光的方便假想出的物理模型，是不存在的，故A错误；B、磁感线是我们为了研究磁场的方便假想出的物理模型，是不存在的，故B错误；C、光是电磁波的一种，是真实存在的，故C正确；D、磁感线是假想的物理模型，但磁场是确实存在的，故D错误故选C点评：此题考查我们对于光、光线、磁感线、磁场的了解，是一道基础题9（3分）（2015贵港）如图所示，两边分别用弹簧K1和K2拴住的滑块M静止在O点处，用于向右拨动滑块M，它就可以在光滑的水平面上来回运动，当滑块从O点向右运动时（弹簧在弹性限度内）（）A弹簧K1和K2的势能同时增
12、大B弹簧K1和K2的势能同时减小C弹簧K1的势能增大，K2的势能减小D弹簧K1的势能减小，K2势能增大考点：动能和势能的大小变化专题：机械能及其转化分析：影响弹簧弹性势能的主要因素是弹簧的形变程度，因此，分析其形变程度是如何变化的，便可做出相应的判断解答：解：由题意可知，当滑块从O点向右运动时，弹簧k1被拉长，k2被压缩，弹性势能都增加，故A正确，BCD错误故选A点评：此题分析的切入点就是对弹簧的形变程度进行分析，因为形变程度直接反映了弹簧势能的大小10（3分）（2015贵港）小珍用如图所示的电路进行实验，R0为定值电阻，闭合开关S后，当滑片P在某两点之间滑动时，电流表的示数变化范围是0.52
13、A，电压表的示数变化范围是410V，小珍通过推算，得出四个结论：定值电阻R0的阻值为5；变阻器连入电路的电阻变化范围220；电源电压为15V；电路消耗的总功率的变化范围为624W上述结论中，正确的是（）ABCD考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：欧姆定律；电能和电功率分析：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路电流；已知电压表示数和电流表示数，由欧姆定律可求出变阻器接入电路电阻的范围；根据串联电路特点及欧姆定律可以求出电源电压与定值电阻阻值由电功率公式可以求出电路消耗总功率变化范围解答：解：由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电流表测电路电流，电压表测滑动变阻器两端电压；滑动变阻器接入电路阻值越大，电路电流越小，电压表示数越大；（1）电流表示数变化范围是0.5A2A，电压表的示数变化范围4V10V，I=，则滑动变阻器接入电路的阻值为：R滑=2，R滑=20，则变阻器连入电路的阻值变化范围为220，故正确；（2）由I=，电源电压U=UV+IR，即U=4V+2AR，U=6V+0.5AR，解之：R=4，U=12V，故错误；（3）电路消耗的最大电功率p最大=UI最大=12V2A=24W，电路消耗的最小电功率p最小=UI最小=12V0.5A=6W，则电路消耗的总功率的变化范围约为6W24W，故正确；故选C点评：本题考查了串联电路的特点和欧
