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1、蓝田县20182019学年度高三第一次模拟考试理科综合（物理部分）二、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求；第1921题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分)1.节能减排可体现在我们日常生活中。假设公交车通过城市十字路口时允许的最大速度为10m/s，一辆公交车在距离十字路口50m的车站停留，乘客上下完后，司机看到红灯显示还有10s，为了节能减排减少停车，降低能耗，公交车司机启动公交车，要使公交车尽快通过十字路口且不违章，则公交车启动后的运动图象可能是（ ）A. B. C. D. 【答案】
2、ABD【解析】试题分析：因速度图像与坐标轴围成的面积等于物体的位移，由速度图像可知，A、B、D三个图像与坐标轴围成的面积均大于50m，且速度不超过10m/s；C图像中公交车的位移可能恰好等于50m，且速度小于10m/s,故公交车启动后的运动图像可能是C;故选C考点：运动图像【名师点睛】此题是对速度时间图像的考查；关键是知道速度-时间图像与坐标轴围成的“面积”等于物体的位移，结合公交车的运动情况即可分析解答2.如图所示，“L”形支架AOB水平放置，物体P位于支架的OB部分，接触面粗糙；一根轻弹簧一端固定在支架AO上，另一端与物体P相连。物体P静止时，弹簧处于压缩状态。现将“L”形支架绕O点逆时针
3、缓慢旋转一小角度，P与支架始终保持相对静止。在转动的过程中，OB对P的A. 支持力增大 B. 摩擦力不变 C. 作用力增大 D. 作用力减小【答案】D【解析】【分析】对P受力分析，要考虑弹力是否变化，及其静摩擦力的变化即可。【详解】物体随OB缓慢转过一个小角度，其受力分析如图所示支持力N=mgcos，增大，支持力N减小，所以A错误；弹力F=f+mgsin，因弹力F不变，增大，f减小，所以B错误；OB对P的作用力大小等于支持力N和摩擦力f的合力F合=N2+f2，由于N减小，f减小OB对P的作用力大小将减小，所以C错误，D正确。3.为寻找“磁生电”现象，英国物理学家法拉第在1831年把两个线圈绕在
4、同一个软铁环上(如图所示)，一个线圈A连接电池E和开关K，另一个线圈B闭合，并在其中一段直导线正下方放置一小磁针.闭合开关K前，小磁针静止且与直导线平行.当闭合开关K后，从上往下看A. 小磁针沿顺时针方向偏转了一下，最终复原B. 小磁针沿逆时针方向偏转了一下，最终复原C. 小磁针沿顺时针方向偏转了一下，并一直保持这种偏转状态D. 小磁针沿逆时针方向偏转了一下，并一直保持这种偏转状态【答案】A【解析】【分析】根据右手螺旋定则判断原磁场方向，然后根据楞次定律判断感应电流的磁场方向，最后再根据右手螺旋定则判断感应电流方向并得到小磁针是否偏转；【详解】闭合电键后，线圈中的磁场方向为顺时针，且增加，故根
5、据楞次定律，感应电流的磁场为逆时针方向，故右侧线圈中感应电流方向俯视逆时针，故下方的直导线有向右的电流，小磁针所在的位置磁场向里，则从上往下看小磁针顺时针旋转一下，电路稳定后，无感应电流，小磁针复原，故选项A正确，BCD错误；故选A.【点睛】本题关键是明确电磁感应现象产生的条件，只有磁通量变化的瞬间闭合电路中才会有感应电流4.如图甲所示，电磁炮是一种新型的兵器，其射程甚至可达数百公里，远远超过常规炮弹。它的主要原理如图乙所示，当弹体中通以强电流时，弹体在强大的磁场力作用下加速前进，最后从炮口高速射出。设两轨道间距离为0.10m，匀强磁场的磁感应强度为40T，电流2000A，轨道长度为20m，不
6、考虑电流产生的磁场对匀强磁场强度的影响，则A. 若不计任何阻力，质量为20g的炮弹最终获得的速度为400m/sB. 若不计任何阻力，磁场的磁感应强度加倍，则炮弹获得的速度也加倍C. 若阻力大小一定，轨道长度加倍，速度变为2倍D. 若阻力大小一定，电流加倍，速度变为2倍【答案】C【解析】【分析】炮弹在磁场中受到安培力，根据F=BIL求得大小，结合运动过程中的动能定理即可判断最终速度与条件的关系.【详解】在运动过程中受到的安培力大小为F=BIL=8000N，运动过程中，根据动能定理可知Fx=12 mv2，解得v=4000m/s，故A错误；根据上述公式可知v=2BILxm，若不计任何阻力，磁场的磁感
7、应强度加倍，则炮弹获得的速度变为原来的2倍，故B错误；若阻力大小一定，轨道长度加倍，根据动能定理可知BILxfx12mv2，解得v=2x(BILf)m，故轨道长度加倍，速度变为2倍，若电流加倍，速度不是原来的2倍，故C正确，D错误；故选C。【点睛】题主要考查了在安培力作用下的动能定理，明确各个选项条件下的受力，利用好动能定理公式即可判断5.四川省处在北纬26033419之间，某极地卫星通过四川最北端与最南端所在纬度线正上方所经历的时间为t，查阅到万有引力常量G及地球质量M。卫星的轨道视为圆形。根据以上信息可以求出A. 地球的半径 B. 该卫星的角速度C. 该卫星受到的向心力 D. 该卫星距离地
8、面的高度【答案】B【解析】【分析】通过纬度差和时间之比可以算出周期，再根据万有引力提供向心力即可求出其他【详解】卫星绕地球的运动可视为匀速圆周运动，通过北纬26033419之间，所用时间为t，所以周期为T=48011t，根据T=2可得=11240t ，所以B正确；设地球半径为R离地面高度为h，根据GMmR+h2=m(R+h)2可知，可求出R+h=3GM(240)211t2，因此不能求出R和h，所以A、D错误；因不知卫星质量，也就无法求出向心力，所以C错误。6. 如图所示为一理想变压器，在原线圈输入电压不变的条件下，要提高变压器的输入功率，可采用的方法是 ( )A. 只增加原线圈的匝数 B. 只
9、增加副线圈的匝数C. 只减小变阻器R1的电阻 D. 断开开关S【答案】BC【解析】输入功率由输出功率决定，副线圈上的功率P2=U22R增加副线圈的匝数，U2增加，P2增大，增加原线圈匝数，U2减小，P2减小，故A错误B正确；副线圈上的功率P2=U22R增加R1的电阻，副线圈上的总电阻R增加，P2减小，故C错误；闭合S，R减小，P2增加，故D正确7.如图所示，在匀强电场中有O、A、B三点，OA=OB=5cm，其中O、A电势分别为0V、5V，OA与OB的夹角为120，A、B在同一条竖直线上现有一不计重力、带电量为e的粒子以4eV的动能从A点沿AO方向飞入电场，经过B点时，动能与在A点时相同，则下列
10、说法正确的是A. 该粒子带负电B. 粒子运动过程中，电场力一直做正功C. 粒子能运动到O点，且在O点时电势能为零D. 该电场强度大小为200V/m，方向水平向左【答案】AD【解析】【分析】从A到B动能不变，可知粒子在AB两点的电势能相同，即AB的电势相同，即B点电势为5V，AB连线是等势面，可知场强方向垂直于AB指向O点，由此判断粒子的电性和电场力做功情况；根据E=U/d求解场强.【详解】AB从A到B动能不变，可知AB的电势相同，即B点电势为5V，AB连线是等势面，可知场强方向垂直于AB指向O点，粒子从A点沿AO射入能经过B点，由粒子的轨迹可知，粒子带负电，电场力先做负功后做正功，选项A正确，
11、B错误；C粒子沿AO方向射入，受向右的电场力，则粒子不可能经过O点，选项C错误；D匀强电场的场强：E=UAOAOcos600=50.050.5V/m=200V/m，方向向左，选项D正确；故选AD.8.如图所示，在x轴上方空间存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。在原点O处有一粒子源，沿纸面各个方向不断地放出同种粒子，粒子以相同的速率v射入磁场。粒子重力及粒子间的作用均不计。图中的阴影部分表示粒子在磁场中能经过的区域，其边界与y轴交点为M，与x轴交点为N，已知ON=L。下列说法正确的是A. 能经过M点的粒子必能经过N点B. 粒子的电荷量与质量之比为vLBC. 从ON的中点离开磁场的
12、粒子在磁场中运动的时间可能为L6vD. 从N点离开磁场的粒子在磁场中运动的时间为3L4v【答案】C【解析】【分析】沿x轴正方向射出的粒子能经过M点，然后回到原点；沿y轴正方向射入磁场时粒子到达x轴负向上最远处N点；由几何关系结合粒子的运动轨迹计算运动的时间.【详解】沿x轴正方向射出的粒子能经过M点，然后回到原点；沿y轴正方向射入磁场时粒子到达x轴上最远处，则能经过M点的粒子不能经过N点，选项A错误；ON=2R=L，由qBv=mv2R 解得：qm=2vBL，故B错误。由几何关系可知，从ON的中点离开磁场的粒子在磁场中运动转过的圆心角可能为3000，时间t=300036002Rv=5L6v，也可能
13、为600，时间为t=60036002Rv=L6v，选项C正确；从N点离开磁场的粒子在磁场中运动的时间为半周期，大小为t=122Rv=L2v，选项D错误；故选C.【点睛】带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径要掌握左手定则，熟练运用牛顿第二定律研究半径三、非选择题(包括必考题和选考题两部分.第22题第32题为必考题，每道试题考生都必须作答。第33题第38题为选考题，考生根据要求作答)9.由于空间站处于完全失重状态，不能利用天平等仪器测量质量，为此某同学为空间站设计了如图甲所示的实验装置，用来测量小球质量图中弹簧固定在挡板上，轨道B处装有光电门，可以测量出小球经过光电门的时间
14、.该同学设计的主要实验步骤如下：用游标卡尺测量小球的直径d将弹簧固定在挡板上小球与弹簧接触并压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x由静止释放小球，测量小球离开弹簧后经过光电门的时间t，计算出小球离开弹簧的速度v改变弹簧的压缩量，重复步骤、多次分析数据，得出小球的质量该同学在光滑地面上进行了上述实验，请回答下列问题：(1)步骤中游标卡尺示数情况如图乙所示，小球的直径d=_cm；(2)某一次步骤中测得弹簧的压缩量为1cm，对应步骤中测得小球通过光电门的时间为7.50ms，则此次小球离开弹簧的速度v=_m/s；(3)根据实验得到的弹簧的形变x与对应的小球速度v在图丙中画出了v-x图象已知实验所用弹簧的弹性势能
15、Ep与弹簧形变量x2之间的关系如图丁所示，实验测得小球的质量为_kg。【答案】 (1). 1.50 (2). 2 (3). 0.05【解析】【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数。（2）已知小球的直径与小球经过光电门时的时间，应用速度公式可以求出小球的速度。（3）根据坐标系内描出的点作出图象。根据能量守恒定律求出小球的质量。【详解】（1）由图乙所示游标卡尺可知，其示数为：15mm+00.1mm=15.0mm=1.50cm。（2）小球离开弹簧后做匀速直线运动，小球经过光电门时的速度与离开弹簧时的速度相等，小球离开弹簧时的速度：v=dt=1.5010-2m7.5010-3s=2m/s；（3）由图示图象可知：x=1cm时，即：x2=110-4m2时，EP=0.1J，由题意可知，x=1cm时，v=2m/s，由能量守恒定律可知：EP=12mv2，代入数据解得：m=0.05kg；【点睛】本题考查了胡克定律和能量守恒的基本运用，知道极短时间内的平均速度等于瞬时速
