《【解析版】陕西省榆林市2019届高三第二次理科综合模拟考试物理试卷 word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【解析版】陕西省榆林市2019届高三第二次理科综合模拟考试物理试卷 word版含解析（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、榆林20182019年度高三第二次模拟试题理科综合（物理部分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。1.下列说法正确的是A. 汤姆孙证实了射线是高速电子流，其电离作用比射线强，穿透能力比射线弱B. 爱因斯坦发现了光电效应，某材料发生光电效应时，遏止电压与入射光的频率成正比C. 玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，该理论能解释大多数原子光谱的实验规律D. 卢瑟福用粒子轰击氮核，发现了质子，该反应的方程式为He+71
2、4NH+817O【答案】D【解析】【详解】汤姆孙证实了射线是高速电子流，其电离作用比射线弱，穿透能力比射线强，选项A错误；根据光电效应方程Ekm=eUc=h-W0可知，遏止电压与入射光的频率与逸出功有关，与入射光的频率成线性关系，不是成正比，故B错误；玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，但是该理论只能解释氢原子光谱的实验规律，选项C错误； 卢瑟福用粒子轰击氮核，发现了质子，该反应的方程式为24He+714N11H+817O，选项D正确；故选D.2.如图所示，线圈abcd固定于分布均匀的磁场中，磁场方向垂直线圈平面。当磁场的磁感应强度B随时间t变化时，ab边受到的
3、安培力恒定不变。则下列磁感应强度B随时间t变化的图象中可能正确的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】当磁感应强度发生变化时，线框内产生感应电流，由法拉第电磁感应定律即可表达出感应电动势，再由欧姆定律和安培力的表达式即可求出B的变化。【详解】设线圈的ab边长为L，ad长为l，当磁感应强度发生变化时，线框内产生感应电动势为：EtBSt=BLlt；感应电流为：I=ER ；安培力为：F=BIL，得：F=BBL2ltR 由公式可知，若磁场B增大，则Bt减小；若B减小，则Bt增大。所以四个图象中只有C正确。故选C。3.某同学将一足球竖直砸向水平地面，足球以5m/s的速度被地面反向弹回，当足
4、球上升到最高点后落回地面，以后足球每次与地面碰撞被弹回时速度均为碰撞前速度的34。不计足球与地面碰撞的时间和空气阻力，取g=10m/s2，则足球从第一次被弹回到最后停止运动的总时间为A. 8s B. 4 s C. 2 s D. 1.5s【答案】B【解析】【详解】足球第一次被弹回的速度 v1=5m/s，第一次在空中竖直上抛运动的总时间t1=2v1g=2510s=1s；足球第二次被弹回的速度 v2=34v1，第二次在空中竖直上抛运动的总时间 t2=2v2g=34s；足球第三次被弹回的速度 v3=34v2=（34）2v1，第三次在空中竖直上抛运动的总时间 t3=2v3g=(34)2s则足球从第一次被
5、弹回到最后停运动的总时间为 t=t1+t2+=t1134=4s，故选B。【点睛】本题是物理中数列问题，关键要找出小球在空中运动时间的规律，运用等比数列求和的方法求解总时间。4.已知通电长直导线产生的磁场中某点的磁感应强度满足B=k (其中k为比例系数，为电流强度，为该点到直导线的距离)。如图所示，空间某一区域存在竖直向上、大小为B的匀强磁场，垂直纸面相互平行的两根固定直导线a、b置于磁场中，它们的连线水平且O为中点，当导线a中的电流为I1、导线b中的电流为I2时，O点的实际磁感应强度为B2，方向竖直向下。下列判断可能正确的是 A. I1=I2，方向均向里B. I1=I2，方向均向外C. I1=
6、2I2，且a中电流向里，b中电流向外D. I1=2I2，且a中电流向外，b中电流向里【答案】C【解析】【详解】当I1=I2，方向均向里，根据安培定则，可知，两通电导线a、b在O点的合磁场为零，因此O点的实际磁感应强度为B方向竖直向上，故A错误；同理，I1=I2，方向均向外，根据安培定则，可知两通电导线a、b在O点的合磁场为零，因此O点的实际磁感应强度为B方向竖直向上，故B错误；当I1=2I2，且a中电流向里，b中电流向外，根据安培定则，可知，两通电导线a、b在O点的合磁场方向向下，那么在O点的实际磁感应强度可能为B/2方向竖直向下，故C正确；当I1=2I2，且a中电流向外，b中电流向里，根据安
7、培定则，可知，两通电导线a、b在O点的合磁场方向向上，那么在O点的实际磁感应强度不可能为B/2故D错误；故选C。5.某静电场的方向平行于x轴，其电势随x的分布如图所示。一质量m=41010kg电荷量q=2109C的带负电粒子(不计重力)(1m，0)点由静止开始，仅在电场力作用下在x轴上往返运动。则该粒子运动的周期为A. 2+25s B. 0.6s C. 0.1 D. 5+52s【答案】B【解析】【分析】根据图象可明确左右两边电势的降落与距离间的关系，根据E=U/d即可求得各自的电场强度；粒子在原点两侧来回振动，故周期为粒子在两侧运动的时间之和；根据速度公式v=at即可求出各自的时间，则可求得周
8、期【详解】粒子先沿x轴正方向做匀加速匀速，后做匀减速直线运动，然后反向运动；由E1=x=101V/m=10V/m；a1=qE1m=50m/s2；由x1=12a1t12，解得粒子沿x轴正方向运动的时间为t1=2x1a1=2150s=0.2s；同理可得粒子沿x轴正方向做匀减速运动的时间为t2=0.1s；且粒子到达x=0.5m处的速度恰好为零，反向运动的时间为t1+t2=0.3s ；则粒子运动的周期为T=2(t1+t2)=0.6s ；故选B.【点睛】本题考查带电粒子在电场中的运动分析，要注意明确运动过程，并能根据牛顿第二定律以及动能定理等物理规律进行分析，并灵活应用数学规律求解6.如图所示，某滑雪运
9、动员(可视为质点)由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中A. 所受合力保持不变 B. 所受滑道的支持力逐渐增大C. 机械能保持不变 D. 克服摩擦力做功和重力做功相等【答案】BD【解析】【详解】运动员的速率不变，则做匀速圆周运动的向心加速度大小不变，方向变化，需要的向心力大小不变，方向变化，即受合外力大小不变，方向变化。故A错误。所受滑道的支持力为N-mgcos=mv2R ，（角是所在位置的切线与水平面的夹角），随着减小，则所受滑道的支持力逐渐增大，选项B正确；下滑过程中动能不变，重力势能减小，则机械
10、能减小，选项C错误；根据动能定理：WG-Wf=Ek=0，即克服摩擦力做功和重力做功相等，选项D正确；故选BD.7.如图甲所示静止在水平地面上的滑块在水平拉力F作用下从t=0时刻起，其加速度大小a随时间t的变化规律如图乙所示。已知滑块质量m=1kg，与地面间的动摩擦因数=0.2，g=10m/s2。则下列判断正确的是A. t=2s时，滑块的速度大小为3.2m/sB. t=5s时，水平拉力F为零C. 05s内，水平拉力F的冲量为15NsD. 05s内，水平拉力F所做的功为12.5J【答案】AC【解析】【分析】a-t图像与时间轴围成的面积等于滑块在某时刻的速度大小，由此求解t=2s时滑块的速度；根据动
11、量定理求解水平拉力F的冲量；根据动能定理判断水平拉力F所做的功；【详解】a-t图像与时间轴围成的面积等于滑块在某时刻的速度大小，由图像可知，当t=2s时，a=1.2m/s2，v1=1.2+222m/s=3.2m/s，选项A正确；t=5s时，水平力F与摩擦力大小相等，摩擦力大小f=mg=2N，选项B错误；5s时滑块的速度大小为v=1225m/s=5m/s；0-5s内水平拉力F的冲量为IFmgt=mv ，解得IF=15Ns，选项C正确；由动能定理可知合力做的功W=12mv2=12.5J，所以水平拉力F的功大于12.5J，选项D错误；故选AC.【点睛】此题关键是要搞清a-t图像的物理意义，知道a-t
12、图像的面积表示速度；能灵活运用动量定理和动能定理解题.8.2018年11月1日，我国第41颗北斗导航卫星“吉星”成功发射，该卫星工作在地球静止同步轨道上，可以对地面上的物体实现厘米级的定位服务。已知地球表面的重力加速度为g，半径为R，该卫星绕地球做圆周运动的周期为T。则下列说法正确的是A. 该卫星的发射速度大于第一宇宙速度，运行速度小于第一宇宙速度B. 该卫星做圆周运动的轨道半径为3gR2T242RC. 该卫星运行的加速度大小为2TR2TgD. 该卫星运行的线速度大小为32gR2T【答案】AD【解析】【分析】第一宇宙速度是卫星的最小发射速度，也是卫星最大的环绕速度在地球表面上，物体的重力等于万
13、有引力，卫星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，由此列式求解【详解】A. 第一宇宙速度是卫星的最小发射速度，也是卫星最大的环绕速度。发射地球同步卫星，发射速度一定大于第一宇宙速度，运行速度小于第一宇宙速度，故A正确；B.用M表示地球的质量，在地球表面为m0的物体，有m0g=GMm0R2，GM=gR2，m表示卫星的质量，r表示卫星的轨道半径，由万有引力定律和牛顿第二定律得GMmr2=m42T2r，联立解得r=3gR2T242，故B错误；C. 由万有引力定律和牛顿第二定律得GMmr2=ma，代入B选项结论，a=GMr2=2T32gR2T，故C错误；D. 由万有引力定律和牛顿第二定律得GMmr
14、2=mv2r，代入B选项结论，v=32gR2T，故D正确。故选：AD三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题38题为选考题，考生根据要求作答。9.某实验小组做“探究加速度和力、质量的关系”实验（1）用如图甲所示的装置做实验，图中带滑轮的粗糙长木板放置于水平桌面上，拉力传感器可直接显示所受拉力的大小。做实验时，下列操作必要且正确的是_。A将长木板右端适当垫高，使小车前端的滑轮不挂砂桶时小车能匀速滑动B为了减小误差，实验中要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量C小车远离打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录传感器的示数（2
15、）在正确、规范的操作中，打出一条如图乙所示的纸带，每相邻两个计数点之间还有四个计时点没有画出，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器使用的电源频率为50Hz，打计数点“3”时小车的速度大小v3_ms；小车做匀加速直线运动的加速度大小a_ms2。（保留三位有效数字）【答案】 (1). A; (2). 1.13; (3). 2.50;【解析】【详解】（1）连接拉力传感器和沙桶之前，将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动，平衡了摩擦力，故A正确；实验中拉力通过拉力传感器测出，不需要满足砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故B错误；实验时应先接通电源，再释放小车，小车应紧靠打点计时器，打出一条纸带，同时记录传感器的示数，故C错误。所以选A。（2）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上相邻计数点间的时间间隔为：T=50.02s=0.1s。3点对应的速度为：v3=x242T=10.01+12.5010220.1m/s=1.13m/s，由逐差法x=aT2可得：a=x56+x45+x34x23+x12+x
