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1、榆林市二中20182019学年第二学期模拟考试高二年级物理试题时间:90分钟 满分:100分一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1.关于物理科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是A. 奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象B. 库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值C. 焦耳首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究D. 安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说【答案】D【解析】【分析】解答本题应记牢：奥斯特、法拉第、库仑、安培等科学家的物理学成就，即可进行解答【详解】A奥斯特发现了电流的磁效应，是法拉第发现了电磁感应现象，故
2、A错误；B库仑提出了库仑定律，是密立根最早用实验测得元电荷e的数值，故B错误；C法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究，故C错误；D安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，揭示了磁现象的电本质，故D正确。故选：D。【点睛】物理学史是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，注重积累2.初速度为v0电子，沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子初始运动方向如图，则( )A. 电子将向左偏转，速率不变B. 电子将向左偏转，速率改变C. 电子将向右偏转，速率不变D. 电子将向右偏转，速率改变【答案】C【解析】【分析】
3、根据安培定则判断出通电导体右侧的磁场方向，然后根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力的方向，即得出电子的偏转方向，注意应用左手定则时四指指向与电子运动方向相反，洛伦兹力不做功。【详解】由安培定则可知导体右侧磁场方向垂直纸面向里，然后跟左手定则可知运动电子所受洛伦兹力向右，因此电子将向右偏转，洛伦兹力不做功，故其速率不变，故ABD错误，C正确。故选：C。【点睛】在解决带电粒子在磁场中运动问题时安培定则与左手定则经常联合应用，在平时练习中要加强训练，以提高应用它们的解题能力。3.如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了、三个区域现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P
4、2表示；并联的总电阻设为R.下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是A. 特性曲线在区，P1P2B. 特性曲线在区，P1P2D. 特性曲线在区，P1P2【答案】C【解析】图像斜率表示1R，R1斜率大，电阻小，两电阻并联，电压相同，据P=U2R,知P1P2.并联后电阻更小，斜率更大，特性曲线在区，C对。4.一电子在电场中由a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，图中平行实线是等势面则下列说法中正确的是A. a点的电势比b点低B. 电子在a点的加速度方向向右C. 电子从a点到b点动能减小D. 电子从a点到b点电势能减小【答案】C【解析】【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场
5、线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加。【详解】A根据电子的运动轨迹可知，电子受的电场力向下，电场线与等势面垂直，由此可知电场线的方向向上，沿电场线的方向，电势降低，所以a点的电势比b点高，所以A错误；B由A的分析可知，电子受的电场力向下，所以电子在a点的加速度方向向下，所以B错误；C从a点到b点的过程中，电场力做负功，所以电子从a点到b点动能减小，所以C正确；D电场力做负功，电势能增加，所以电子从a点到b点电势能增加，所以D错误。故选：C。【点睛】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，同时结合功能关系分析，基础问题。5. 在研究微型电动机的性能时，应用如
6、图所示的实验电路，图中电表均为理想电表。当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V。重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V。则这台电动机正常运转时输出功率为A. 32W B. 44WC. 47W D. 48W【答案】A【解析】根据停转时电压电流表的示数可以知道线圈电阻，电动机正常运转时输出功率选A6.如图所示，一段长方体形导电材料，左右两端面的边长都为a和b，内有带电量为q的某种自由运动电荷导电材料置于方向垂直于其前表面向里的匀强磁场中，内部磁感应强度大小为B.当通以从左到右的稳恒电流I时，测得导电材料
7、上、下表面之间的电压为U，且上表面的电势比下表面的低由此可得该导电材料单位体积内自由运动电荷数及自由运动电荷的正负分别为( )A. IB|q|aU，负 B. IB|q|aU，正 C. IB|q|bU，负 D. IB|q|bU，正【答案】C【解析】准确理解电流的微观表达式，并知道稳定时电荷受到的电场力和洛伦兹力平衡，是解决本题的关键由于上表面电势低，根据左手定则判断出自由运动电荷带负电，排除B、D两项电荷稳定时，所受电场力和洛伦兹力平衡，|q|Ua|q|vB，由电流的微观表达式知：I|q|nSv|q|nabv，联立可得nIB|q|bU，故选C正确【此处有视频，请去附件查看】7.如图所示，在半径为
8、R的圆形区域内充满磁感应强度为B的匀强磁场，MN是一竖直放置的感光板从圆形磁场最高点P垂直磁场射入大量的带正电、电荷量为q、质量为m、速度为v的粒子，不考虑粒子间的相互作用力，关于这些粒子的运动以下说法正确的是)A. 只要对着圆心入射，出射后均可垂直打在MN上B. 对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线不一定过圆心C. 对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，时间也越长D. 只要速度满足v=qBRm，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上【答案】D【解析】对着圆心入射，只有轨道半径为R的粒子出射后可垂直打在MN上，选项A错误；由对称性可知，对着圆心入射的粒子，其出射方向的
9、反向延长线一定过圆心，选项B错误；对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长所对的圆心角越小，运动时间越短，选项C错误；只要速度满足v，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上，选项D正确。8.如图所示，在互相垂直的匀强电场和匀强磁场中，电荷量为q的液滴在竖直面内做半径为R的匀速圆周运动，已知电场强度为E，磁感应强度为B，则油滴的质量和环绕速度分别为（ ）A. qEg，EB B. B2gRE，EBC. BqRg，qgR D. qEg，BgRE【答案】D【解析】试题分析:液滴在重力、电场力和洛仑兹力下做匀速圆周运动，可知，液滴受到的重力和电场力是一对平衡力，重力竖直向下，所以电场力竖直向
10、上，与电场方向相同，mg=qE，得m=；液滴在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动的半径为R=，得v=BgRE，故D正确。考点：带电粒子在复合场中的运动9.如图中所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向，当磁场的磁感应强度B随时间t按如图2变化时，下列四图中正确表示线圈中感应电动势E随时间t变化的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】在0-1s内，根据法拉第电磁感应定律，E=nt=nBtS=nB0S根据楞次定律，感应电动势的方向与图示箭头方向相同，为正值；在1-3s内，磁感应强度不变，感应电动势为零；在3-5s内，根据法拉第电磁感应定律，E=
11、nt=nBtS=nB0S2=E2根据楞次定律，感应电动势的方向与图示方向相反，为负值，故A正确【此处有视频，请去附件查看】10.如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为L的两点，其中Q1带正电荷位于原点O，a、b是它们的连线延长线上的两点，其中b点与O点相距3L.现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动粒子只受电场力作用，设粒子经过a，b两点时的速度分别为va、vb，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断不正确的是A. Q2带负电且电荷量小于Q1B. b点的场强一定为零C. a点的电势比b点的电势高D. 粒子在a点的电势能比b点的电势能小【答案】AB
12、D【解析】【详解】由图象分析可知：在b点前做加速运动，b点后做减速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，可知b点的合场强为零，Q2带负电，且有kQ1(3L)2=kQ2(2L)2，所以，Q1Q2，故AB正确该电荷从a点到b点，做加速运动，且该电荷为正电荷，电场力做正功，所以电势能减小，再据Ep=q知，电势降低，所以b点电势较低，故C正确，D错误；故选ABC二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）11.在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，R1和R2为定值电阻，P为滑动变阻器R的滑动触头，G为灵敏电流表，A为理想电流表开关S闭合
13、后，C的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态在P向上移动的过程中，下列说法不正确的是 （ ）A表的示数变大 B. 油滴向上加速运动C. G中有由a至b的电流 D. 电源的输出功率一定变大【答案】BC【解析】试题分析：油滴原来处于静止状态，重力与电场力平衡G电路稳定时，电容器的电压等于变阻器两端的电压当滑片P向上移动的过程中，变阻器的电压增大，电容器的电压增大，板间场强增大，油滴向上做加速运动电容器充电，G中有从b到a的电流当滑片P向下移动的过程中，油滴向下加速运动，电容器放电，G中有从a到b的电流将S断开到电路稳定的过程，电容器通过R2和R放电，板间场强逐渐减小，油滴向下运动，
14、G中有从a到b的瞬间电流通过A、B当滑片P向上移动的过程中，电阻变大回路电流变小表的示数变小，变阻器的电压增大，电容器的电压增大，板间场强增大，油滴向上做加速运动电容器充电，G中有从b到a的电流故A错误，B正确，C错误D、当滑片P向上移动的过程中，电阻变大回路电流变小，电源的输出功率一定变小故D错误故选B。考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律点评：本题是电容的动态变化分析问题，关键在于确定电容器的电压及其变化当电路稳定时，电容器的电压等于所在支路两端的电压12.彼此绝缘、相互垂直的两根通电直导线与闭合线圈共面，下图中穿过线圈的磁通量可能为零的是A. B. C. D. 【答案】AB【解析】
15、A根据安培定则，电流I1在第一象限磁场方向是垂直纸面向里，I2在第一象限磁场方向是垂直纸面向外，所以磁通量可能为零，故A错误B根据安培定则，电流I1在第一象限磁场方向是垂直纸面向外，I2在第一象限磁场方向是垂直纸面向里，所以磁通量可能为零，故B错误C根据安培定则，电流I1在第一象限磁场方向是垂直纸面向里，I2在第一象限磁场方向是垂直纸面向里，所以磁通量不可能为零，故C正确D根据安培定则，电流I1在第一象限磁场方向是垂直纸面向外，I2在第一象限磁场方向是垂直纸面向外，所以磁通量不可能为零，故D正确故选CD点睛：此题是磁场的叠加问题，解决本题的关键会用安培定则判断磁场的方向，以及知道当有多个磁场时，此时磁通量为净磁通量13.一匀强磁场，磁场方向垂直纸面，规定向里的方向为正，在磁场中有一细金属圆环，线圈平面位于纸面内
