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1、 重庆市巴蜀中学2018届高三适应性月考理科综合物理试题一、选择题（第15题单选；第68题多选）1.一个矩形线圈在匀强磁场中转动，产生交流电动势的瞬时值为，则下列说法中正确的是A. 当时，线圈平面与中性面垂直B. 当时，穿过线圈的磁通量等于零C. 该交流电能让标注为“300V，”的电容器正常工作D. 若转速n提高1倍，其他条件不变，则电动势的变化规律将变为【答案】B【解析】t=0时，电动势为零，线圈平面与磁感线垂直，线圈平面与中性面重合，故A错误；当时，电动势最大，线圈与中性垂直，磁能量等于零，故B正确；300V是电容器允许的最高电压，而该交流电最大值是，所以此交流电不可以使“”的电容器正常工
2、作，故C错误；感应电动势的瞬时值表达式为，当将其电枢的转速提高一倍时，由，可知和都增加一倍，则表达式为，故D错误；故选B.2.如图所示，小球从A点以初速度沿粗糙斜面向上运动，到达最高点B后返回A，C为AB的中点。下列说法中正确的是A. 小球从A出发到返回A的过程中，位移为零，外力做功为零B. 小球从A到C过程与从C到B过程，合外力的冲量相同C. 小球从A到C过程与从C到B过程，速度的变化量相等D. 小球从A到C过程与从C到B过程，损失的机械能相同【答案】D【解析】位移是从初位置指向末位置的有向线段，故小球从A出发到返回A，位移为0，但整个过程中摩擦力的方向与小球运动的方向始终相反，故整个过程中
3、摩擦力对物体做负功，即外力做功不为零，故A错误；B为AC的中点，故小球从A到C过程与从C到B过程加速度相同，但速度在减小，故AC过程用时较少，根据，可知AC过程的速度变化量较小，根据动量定理得：，可知AC过程的合力冲量较小；克服除重力之外其它力做多少功物体的机械能就减少多少，根据，可得小球从A到C过程与从C到B过程，损失的机械能相等，故ABC错误，D正确；故选D.3.如图所示，质量为m的物块与转轴相距R，物块随水平转台由静止开始缓慢转动，当转速增加到一定值时，物块即将在转台上滑动，在物块由静止到开始滑动前的这一过程中，转台对物块做的功为，若物块与转台之间的最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，则物块与
4、转台间的动摩擦因数为A. B. C. D. 【答案】C【解析】由于物体做圆周运动，物体刚开始滑动这一时刻，物体受到转台的摩擦力达到最大静摩擦力，并由此提供向心力，则有：，解得：，设转台对物块做的功为W，根据动能定理得：，又，联立解得：，故选C.4.如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着两物块A、B，相互绝缘且质量均为2kg，A带负电，电荷量为0.2C，B不带电。开始处于静止状态，若突然加沿竖直方向的匀强电场，此瞬间A对B的压力大小变为8N，则A. 电场强度为120N/C，方向竖直向下B. 电场强度为60N/C，方向竖直向下C. 电场强度为120N/C，方向竖直向上D. 电场强度为100
5、N/C，方向竖直向上【答案】A【解析】开始时物体B平衡，A对B的压力大小等于A的重力大小，为20N；加上电场后瞬间A对B的压力大小变为8N，而弹簧的弹力和重力不变，故合力为12N，方向向上，根据牛顿第二定律，有：，再对物体A受力分析，设电场力为F（向上），根据牛顿第二定律，有：，解得：，故场强为：，方向竖直向下，故选A.【点睛】先对物体B受力分析求解加速度，再对物体A受力分析求解电场力，最后根据F=Eq求解电场强度5.如图所示，三根相互平行的固定长直导线、和垂直纸面如图放置，与坐标原点分别位于边长为a的正方形的四个点上，与中的电流均为I，方向均垂直于纸面向外，中的电流为2I，方向垂直纸面向里（
6、已知电流为I的长直导线产生的磁场中，距导线r处的磁感应强度（其中k为常数）。某时刻有一质子（电量为e）正好沿与x轴正方向成45斜向上经过原点O，速度大小为v，则质子此时所受磁场力为A. 方向垂直纸面向里，大小为B. 方向垂直纸面向外，大小为C. 方向垂直纸面向里，大小为D. 方向垂直纸面向外，大小为【答案】B【解析】根据安培定则，作出三根导线分别在O点的磁场方向，如图：由题意知，在O点产生的磁感应强度大小为，在O点产生的磁感应强度大小为，在O点产生的磁感应强度大小为，先将正交分解，则沿x轴负方向的分量为，同理沿y轴负方向的分量为，故x轴方向的合磁感应强度为，y轴方向的合磁感应强度为，故最终的合
7、磁感应强度的大小为，方向为，则，如图:故某时刻有一质子（电量为e）正好沿与x轴正方向成45斜向上经过原点O，由左手定则可知，洛伦兹力的方向为垂直纸面向外，大小为，故选B.6.关于近代物理，下列说法正确的是A. a射线、b射线和g射线都是高速运动的带电粒子流B. 根据玻尔理论，氢原子辐射出一个光子后，氢原子电势能减小，核外电子运动的加速度增大C. 质子、中子、a粒子的质量分别为、，质子和中子结合成一个a粒子，释放的能量是（c是真空中的光速）D. 用不同频率的光分别照射同一光电管，其遏止电压是相同的【答案】BC【解析】射线、射线都是高速运动的带电粒子流，射线是电磁波，不带电，故A错误；氢原子辐射出
8、一个光子后，能量减小，轨道半径减小，则电势能减小，由知，加速度增大，故B正确；质子、中子、粒子的质量分别为、，质子和中子结合成一个粒子，质量亏损，根据质能方程，释放的能量为，故C正确；根据光电效应方程：，根据动能定理：，联立得：，故用不同频率的光分别照射同一光电管，遏止电压也不相同，故D错误；故选BC.7.如图所示，I为电流表示数，U为电压表示数，P为定值电阻R2消耗的功率，Q为电容器C所带的电荷量，W为电源通过电荷量q时电源做的功当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，下列图象能正确反映各物理量关系的是（ ）A. B. C. D. 【答案】AB【解析】试题分析：变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，
9、接入电路的电阻减小，电路中电流增大，消耗的功率为,，故A正确；电容器的电压，电荷量，则，保持不变，则图象是向下倾斜的直线，故B正确；电压表示数，图象应是向下倾斜的直线，故C错误；电源通过电荷量时电源做的功，是电源的电动势，则是过原点的直线，故D错误。考点：本题考查了闭合电路的动态分析8.如图所示，将一光滑的质量为4m半径为R的半圆槽置于光滑水平面上，在槽的左侧紧挨有一个质量为m的物块，今让一质量也为m的小球自左侧槽口A的正上方高R处从静止开始落下，与半圆槽相切自A点进入槽内，则以下结论中正确的是 A. 小球在半圆槽内第一次由A到最低点B的运动过程中，槽的支持力对小球做负功B. 小球第一次运动到
10、半圆槽的最低点B时，小球与槽的速度大小之比为4：1C. 小球第一次在半圆槽的最低点B时对槽的压力为D. 物块最终的动能为【答案】AD【解析】【详解】从AB的过程中，小球对半圆槽的压力方向向左下方，所以半圆槽要向左推动物块一起运动，因而小球参与了两个运动：一个是沿半圆槽的圆周运动，另一个是与半圆槽一起向左运动，小球所受支持力方向与速度方向并不垂直，而是大于，故槽的支持力对小球做负功，故A正确；由小球、半圆槽和物块组成的系统在水平方向不受外力，故球、半圆槽和物块在水平方向动量守恒，取向右为正，则有：，解得：，根据系统机械能守恒得：，联立解得：，小球第一次在最低点，由牛顿第二定律得： 联立解得：；，
11、 当小球从BC的过程中，小球对半圆槽有向右下方的压力，半圆槽开始减速，与物块分离，则物块最终以的速度向左匀速运动，则物块的动能为，故AD正确，BC错误；故选AD.二、实验题（2小题）9.为测量滑块与木板之间的滑动摩擦力，某同学的实验装置如图所示，打点计时器固定在斜面上，滑块拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下。（1）为测量滑动摩擦力，除了滑块的质量m和加速度a，下列物理量中还应测量的有（已知重力加速度为g）_（填字母序号）。A滑块运动的时间tB木板的长度LC木板的质量mD木板的末端被垫起的高度h（2）下图是打出纸带的一段。已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，选A、B、C、等7个点为计数点
12、，各读数点间有一个点没有画出，纸带却不小心被弄上了墨迹，D点看不清楚，如图中所示，则滑块下滑的加速度a_（计算结果保留2位有效数字）。（3）可以推断出CD间的距离约为_cm。【答案】 (1). BD (2). 3.0 (3). 7.237.26【解析】（1）根据，得，根据数学知识有：，联立解得：，故还需要木板的长度L和木板的末端被垫起的高度h，故选BD.（2）因各读数点间有一个点没有画出，故相邻两计数点的时间间隔T=0.04s，根据，得，代入数据得：；（3）根据，代入数据得：.10.课外小组利用如图甲所示电路测量电压表（毫伏表）内电阻，该电压表量程为500mV，内电阻约为100。图中电源电动势
13、为E、内可阻忽略不计，为滑动变阻器，为电阻箱，V为待测电压表。经以下步骤可近似测得电压表V（毫伏表）的内电阻。a断开，闭合，电阻箱的阻值调到最大，调节，使电压表读数等于其量程；b保持不变，闭合，调节，使电压表读数等于，然后读出的值，取。（1）按图甲所示的实物图，在图乙所给出的虚线框中画出电路图。_（2）在备选的实验器材中，有两个滑动变阻器供选择，它们的铭牌上分别标有：A“4500，1A”，B“50，2A”，在保证各实验器材均能正常工作的前提下，为尽可能提高测量精度且便于调节，滑动变阻器应选用_（填“A”或“B”）（3）若实验中测得的结果，要将这令电压表改装成量程为10V的电压表，则应串联一个阻
14、值为_定值电阻。（4）本实验中测的系统误差来自于_。【答案】 (1). (2). A (3). 1900 (4). 认为总电流不变（或实际总电流变大）【解析】（1）根据实物图画出电路图，如图所示：（2）由电路图可知，滑动变阻器采用的是限流式接法，故为尽可能提高测量精度且便于调节，滑动变阻器应用电阻最大值较大的，故选A.（3）根据串联电路电流相等，可得：，解得：.（4）闭合前后，认为总电流不变，而实际上闭合后外电阻的减小了，故总电流变大.三、计算题（2小题）11.如图所示，半径R=0.8m的四分之一光滑圆弧轨道最低点与水平传送带平滑连接，传送带皮带轮的半径r=0.2m，转速为，可视为质点的物块从
15、轨道顶端由静止下滑，物块与传送带间的动摩擦因数为m=0.2。已知物块的质量m=lkg，两皮带轮间的距离L=24m，传送带不打滑，重力加速度。求：（1）传送带的速度；（2）物块滑到圆弧轨道底端时所受到轨道作用力的大小；（3）物块在水平传送带上的运动时间。【答案】（1）8m/s（2）30N（3）3.5s【解析】（1）因为，则角速度为，传送带的速度（2）物块在下滑过程，机械能守恒，则有：，解得：物块在最低点，根据牛顿第二定律有： 解得：N30N（3）物块在传送带上先加速，由牛顿第二定律得： 由速度公式得：，解得：则匀加速的位移为故匀速阶段的时间这则物块在水平传送带上的运动时间为：12.如图所示，两条光滑的绝缘导轨，导轨的水平部分足够长并与倾斜部分平滑连接，两导轨间距L=10cm，导轨的倾斜部分气水平面成q=53，其中有一段匀强磁场区域abcd，磁场方向垂直于斜面向上，磁感应强度B=1T，磁场下边界离水平轨道的高度h=0.8m。水平部分
