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1、泉港一中20182019学年高二上学期期末考试物理试题一、选择题1.一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为( )A. U B. R C. U/R D. 1/R【答案】C【解析】【详解】根据电流强度的定义公式I=q/t；可知q-t图象的斜率代表的就是电流；根据欧姆定律有：I=U/R，故斜率也代表电流。故B正确，ACD错误，故选B。2.如图所示的电路可将声音信号转化为电信号。该电路中，b是固定不动的金属板，a是能在声波驱动下沿水平方向振动的镀有金属层的振动膜，a、b构成了一个电容器，且通过导线与电源两极相接。若声源S发出的声波能使
2、a做左右方向的往复振动，则a振动过程中（ ) A. a向右位移最大时，电容器的电容最大B. a、b板之间的电场强度不变C. 电路中始终有方向不变的电流D. a、b板所带的电荷量不变【答案】A【解析】【分析】由图知，a、b间电压不变，由公式E=U/d分析板间电场强度的变化。由电容的定义式C=Q/U分析电量的变化，根据电容器充电和放电情况，分析电路中电流的方向。a向右的位移最大时，根据板间距离分析可知：a、b 板构成的电容器的电容最大。【详解】a向右的位移最大时，a、b 板间的距离最小，则a、b构成的电容器的电容最大，故A正确；a、b间电压不变，a振动过程中，板间距离周期性变化，则由公式E=U/d
3、分析得知，a、b板间的电场强度也会周期性变化，故B错误；a振动过程中，a、b 板所带的电量会周期性变化，电容器放电和充电周期性交替产生，电路中电流的方向也会周期性变化，故C错误；a振动过程中，a、b间电压不变，由电容的定义式C=Q/U分析可知，a、b 板所带的电量会周期性变化，故D错误；故选A。3.电流表的内阻是Rg200 ，满刻度电流值是Ig500 A，现欲把该电流表改装成量程为3.0 V的电压表，正确的方法是（ ）A. 应串联一个5800 的电阻B. 应串联一个1800 的电阻C. 应并联一个0.1 的电阻D. 应并联一个1800 的电阻【答案】A【解析】【分析】把电流表改装成电压表需要串
4、联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值【详解】把电流表改装成3V的电压表需要串联分压电阻，分压电阻阻值为：；故选A。4.如图所示，两等量异种电荷在同一水平线上，它们连线的中点为O，竖直面内的半圆弧光滑绝缘轨道的直径AB水平，圆心在O点，圆弧的半径为R，C为圆弧上的一点，OC与竖直方向的夹角为37，一电荷量为+q，质量为m的带电小球从轨道的A端由静止释放，沿轨道滚动到最低点时速度v=，g为重力加速度，取无穷远处电势为零，则（ ）A. 电场中B点的电势为B. 电场中A点的电势为C. 小球运动到B点时的动能为2mgRD. 小球运动到C点时，其动能与电势能的和为1.3mgR【答案】
5、D【解析】【分析】图中过O点的虚线是一条等势线，一直延伸到无穷远，O点的电势为零。小球从A运动到最低点的过程，由动能定理求出AO两点间的电势差，从而得到A点的电势。由对称性求B点的电势。小球从最低点到B的过程，由能量守恒定律求小球运动到B点时的动能，并求得总能量。【详解】取无穷远处电势为0，则最低点处电势为0小球从A点运动到最低点过程中，由动能定理可得：mgR+qUAOmv2；解得 ；而UAO=A-0；解得：A，故A错误；由对称性可知：UAO=UOB，即为：A-0=0-B；故有：B，故A错误；小球从A点运动到B点过程中，由动能定理得：Ek=qUAB=mgR，故C错误；小球在最低点处的动能和电势
6、能的总和为：E1mv2+0mgR；由最低点运动到C点过程，动能、电势能、重力势能的总量守恒，而重力势能增加量为：Ep=mgR（1-cos37）=0.2mgR；故动能、电势能的综合减少了0.2mgR，所以小球在C点的动能和电势能的总和为：E2=E1-0.2mgR=1.3mgR，故D正确；故选D。【点睛】解决本题的关键是要知道等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，其电势与无穷远处相同。在知道运用动能定理是求电势差常用的方法。5. 在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r。将滑动变阻器的滑片P从图示位置向右滑动的过程中，关于各电表示数的变化，下列判断中正确的是（ ）A. 电压表V的示数变小B.
7、电流表A1的示数变小C. 电流表A2的示数变小D. 电流表A的示数变大【答案】C【解析】试题分析：滑动变阻器的滑片P从图示位置向右滑动，电路总电阻变大，电路中总电流减小，D错误；电源的内电压减小，则电路外电压变大，A错误；R1上电压变大，则电流变大，B错误；由于总电流减小，A1电流增大，则A2电流减小，C正确考点：考查闭合电路的动态变化分析点评：本题应先明确各用电器间的串并联关系，可以先把电表看做理想电表，电流表短接，电压表断路看待，这可以使电路结构变得简单6.如图所示，长方体金属块边长之比a：b：c=3：1：2，将A与B接入电压为U的电路中时，电流为I；若将C与D接入电压为U的电路中，则电流
8、为（设金属块的电阻率不变）（ ） A. I B. 9I/4 C. 4I/9 D. 2I【答案】B【解析】【分析】根据电阻定律可确定AB及CD时的电阻，再由欧姆定律即可确定电流。【详解】设b长为l；根据电阻定律可知：；则接AB时，电阻；当接CD时，电阻；由欧姆定律可知：；则；故选B。7.如图所示，回旋加速器是用来加速带电粒子使它获得很大动能的装置，其核心部分是两个D型金属盒，置于匀强磁场中，两盒分别与高频电源相连下列说法正确的有（ ） A. 高频电源频率随粒子速度的增大而增大B. 粒子被加速后的最大速度随磁感应强度和D型盒的半径的增大而增大C. 粒子被加速后的最大动能随高频电源的加速电压的增大而
9、增大D. 粒子从磁场中获得能量【答案】B【解析】【分析】明确回旋加速器基本原理，明确当带电粒子从回旋加速器最后出来时速度最大，根据qvB=m求出最大速度，再根据EKm=mv2求出最大动能，可知与什么因素有关【详解】高频电源的频率与粒子在磁场中的转动周期相同，根据粒子在磁场中的周期公式以及T=1/f可知，高频电源频率由粒子的质量、电量和磁感应强度决定，与速度无关，故A错误；根据qvB=m得，最大速度，则最大动能EKm=mv2=知最大动能和金属盒的半径以及磁感应强度有关，由公式可知，最大速度随磁感应强度和D型盒的半径的增大而增大，与加速电压无关，故B正确，C错误；粒子在磁场中受到洛伦兹力，其对粒子
10、不做功，不能获得能量，能量来自电场力做功，故D错误；故选B。【点睛】解决本题的关键知道根据qvB=m分析最大速度的表达式，知道最大动能与D形盒的半径有关，与磁感应强度的大小有关，而与电势差的大小无关8.如图甲所示,一个质量为m、电荷量为q的带正电的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙绝缘细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中（不计空气阻力），现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的速度图象可能是图中的（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】带正电的小环向右运动时，受到的洛伦兹力方向向上，注意讨论洛伦兹力与重力的大小关系，然后即可确定其运动形式，注意洛伦兹力大
11、小随着速度的大小是不断变化的【详解】由左手定则可判断洛伦兹力方向向上，圆环受到竖直向下的重力、垂直细杆的弹力及向左的摩擦力，当qvB=mg时，小环做匀速运动，此时图象为C，故C正确；当qvBmg时，FN=mg-qvB此时：FN=ma，所以小环做加速度逐渐增大的减速运动，直至停止，所以其v-t图象的斜率应该逐渐增大，故AB错误。当qvBmg时，FN=qvB-mg，此时：FN=ma，所以小环做加速度逐渐减小的减速运动，直到qvB=mg时，小环开始做匀速运动，故D错误；故选C。9.关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是（ )A. 电场强度的定义式E=F/q适用于任何静电场B. 由磁感应强度公式,
12、若长为L,通电电流为I的直导线在磁场中受到的磁场力为零，则该位置的磁感应强度B也一定为零C. 电场中某点电场强度的方向与在该点的带正电的检验电荷所受电场力的方向一定相同D. 由磁感应强度公式，磁感应强度的方向与放入磁场中的通电直导线所受安培力的方向相同【答案】AC【解析】【详解】电场强度的定义式E=F/q适用于任何静电场，选项A正确；通电电流为I的直导线在磁场中受到的磁场力为零，可能是电流的方向与磁场方向平行，而该位置的磁感应强度B不一定为零，选项B错误；电场中某点电场强度的方向与在该点的带正电的检验电荷所受电场力的方向一定相同，选项C正确；磁感应强度的方向与放入磁场中的通电直导线所受安培力的
13、方向垂直，选项D错误；故选AC.10.如图，纸面内有两条互相垂直的长直绝缘导线L1、L2，L1中的电流方向向左，L2中的电流方向向上；L1的正上方有a、b两点，它们相对于L2对称。整个系统处于匀强外磁场中，外磁场的磁感应强度大小为B0，方向垂直于纸面向外。已知a、b两点的磁感应强度大小分别为和，方向也垂直于纸面向外。则（ ）A. 流经L1的电流在b点产生的磁感应强度大小为B. 流经L2的电流在b点产生的磁感应强度大小为C. 流经L1的电流在a点产生的磁感应强度大小为D. 流经L2的电流在a点产生的磁感应强度大小为【答案】AB【解析】【分析】根据右手螺旋定则来判定两直导线在a、b两处的磁场方向，
14、再结合矢量的叠加法则，即可求解。【详解】整个系统处于匀强外磁场中，外磁场的磁感应强度大小为B0，方向垂直于纸面向外，且a、b两点的磁感应强度大小分别为B0和B0，方向也垂于纸面向外，根据右手螺旋定则，L1直导线电流，在a、b两点磁场方向垂直纸面向里，大小相等，设为B1，同理，L2直导线的电流，在a点磁场方向垂直纸面向里，在b点磁场方向垂直纸面向外，但两点的磁场大小相等，设为B2；依据矢量叠加法则，则有：B0-B2-B1=B0；B0+B2-B1=B0；联立上式，可解得：B1=B0；B2=B0；故AB正确， CD错误；故选AB。【点睛】考查右手螺旋定则的应用，掌握矢量的合成法则，注意对称位置的磁场
15、大小是相等的。11.如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图像，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图像，直线C为一个电阻R的两端电压与电流的关系图像。将这个电阻R分别接到a，b两电源上，那么( ) A. R接到b电源上，电源的输出功率较大B. R接到b电源上，电源的效率较高C. R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低D. R接到b电源上，电阻的发热功率和电源的效率都较高【答案】BC【解析】【分析】电源的效率等于电源的输出与总功率的百分比，根据欧姆定律得到，电源的效率也等于外电阻与电路总电阻之比由电源的U-I图象斜率大小等于电源的内阻，比较读出电源内电阻的大小，确定电源的效率关系当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U-I图线与电源的U-I图线的交点表示工作状态，交点坐标的乘积等于电源的输出功率【详解】电源的效率，由闭合电路欧姆定律U=E-Ir可知，b电源的内阻r较小，R接到b电源上，电源的效率较高。故B正确。当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U-I图线与电源的U-I图线的
