《【解析版】甘肃省静宁县甘沟中学2018-2019学年高二上学期期中考试物理试卷 word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【解析版】甘肃省静宁县甘沟中学2018-2019学年高二上学期期中考试物理试卷 word版含解析（11页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、20182019年第一学期期中考试高二物理一、选择题： 1.半径相同带等量同种电荷的两个金属小球A、B，相隔一定距离，两球之间的相互作用力的大小是F，今让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A，B两球接触后移开这时，A，B两球之间的相互作用力的大小是：（ ）A. F/8B. F/4C. 3F/8D. F【答案】C【解析】【详解】两球带等量的同种电荷，电量都为Q，有：F=kQ2r2。则让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A，B两球接触后移开。两球所带的电量大小分别为Q2、3Q4，则库仑力F=kQ23Q4r2=38F。故C正确，ABD错误。故选C。2.一个点电荷，从静电场中a点移到b点，其电
2、势能的变化为零，则（ ）A. a，b两点的场强一定相等B. 该点电荷一定沿等势面移动C. 作用于该点电荷的电场力与其移动的方向总是垂直的D. a，b两点的电势一定相等【答案】D【解析】电势能的变化为零，说明电场力不做功，即a、b两点的电势相等，D对。3.下列关于点电荷的说法，正确的是( )A. 点电荷一定是电量很小的电荷B. 点电荷是一种理想化模型，实际不存在C. 只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D. 体积很大的带电体一定不能看成点电荷【答案】B【解析】【详解】点电荷是将物体简化为点，带电物体能否简化为点关键是看物体的大小对于研究的问题能否忽略不计，而不是看电荷量的大小，也不能看体积大小，
3、即体积很小的不一定能看做点电荷，体积很大的也不一定不能看做点电荷，故ACD错误；点电荷是一种理想化模型，实际不存在，选项B正确；故选B.4.有两个带有等量异种电荷的小球，用绝缘细线相连后悬起，并置于水平方向匀强电场中当两小球都处于平衡时其可能位置是图中的哪一个？ （ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：先对正电荷受力分析，得到下面细线的偏转情况；再对两个小球的整体受力分析，得到上面细线的拉力的方向解：先对正电荷受力分析，受重力，向右的电场力，细线的拉力，由于电场力向右，根据三力平衡条件，细线的拉力一定向左上方；再对两球整体受力分析，受总重力2mg，电场力的合力为零，故拉力一定
4、与重力平衡，竖直向上，故上面的细线呈竖直状态；故选A【点评】本题关键要对两电荷整体受力分析，整体受电场力的合力为零，重力和拉力二力平衡5.关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的是：（ ）A. 电场强度大的地方，电势一定高B. 电场强度不变，电势也不变C. 电场强度为零处，电势一定为零D. 电场强度的方向是电势降低最快的方向【答案】D【解析】试题分析：电场线密处，电场强度大，而电场线方向不确定，故无法判断电势高低，电势就不一定高，故A错误；在匀强电场中，电场强度不变，沿着电场线的方向，电势总是逐渐降低的，故B错误；电势为零，是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不一定为零，故C错误；沿着
5、电场方向电势降低最快，故D正确。考点：考查了对电场强度与电势的关系的理解6.如图所示，在ab=bc，试比较ab和bc间电势差，下列说法正确的是：（ ）A. ab间的电势差一定大于bc间的电势差B. 因ab=bc，所以ab间的电势差等于bc间的电势差C. ab间的电势差一定小于bc间的电势差D. 因是非匀强电场，无法比较【答案】C【解析】【详解】电场线密的地方电场强度大，电场线稀的地方电场强度小，故EaEbEc；沿着电场线方向电势逐渐降低，故abc；由等势线分布结合U=Ed可以知道UabUbc ；故选C。7.若带正电荷的小球只受到电场力作用，则它在任意一段时间内：（ ）A. 一定沿电场线由高电势
6、处向低电势处运动B. 一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C. 不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D. 不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动【答案】D【解析】试题分析：物体的运动情况取决于合力和初始条件小球只受到电场力的作用，是否沿电场线运动，还要看电场线是直线还是曲线，有没有初速度，初速度方向与电场线的关系只有当电场线是直线时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动只有当电场线是直线时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动若电场线是曲线时，一定不沿电场线运动题中条件不明，所以小球不一定沿电场线运动带正电荷的小球只受到电场力在电场中运动，电场力可能做正功，
7、电势能减小，由高电势处向低电势处运动；电场力也可能做负功，电势能增加，由低电势处向高电势处运动，故选D。考点：电场线；牛顿第二定律点评：本题对物体运动情况的判断能力，从力学的角度进行分析：物体的运动性质不仅取决于合力，还取决于初速度条件8.将原来不带电的绝缘导体B移近带负电的绝缘导体A，如图所示，以下说法正确的是：（ ）A. 导体B上各点的场强大小相等B. 导体A内部的场强一定为零C. 导体B的左端电势比右端电势高D. 导体B上的感应电荷在它的C点所形成的场强一定不为零【答案】BD【解析】由于静电感应，B两端出现等量异种电荷，场强大，其他地方电荷少，场强小，A错。处于静电平衡状态的导体，内部场
8、强处处为0，B对。导体是等势体，C错。C点合场强为0，导体B上感应电荷产生的场强与A产生的场强等大反向，D对。9.将平行板电容器充电后，去掉电源，下面说法正确的是：（ ）A. 相对面积不变，极板间距离增大，场强不变，电势差增大B. 极板间距离不变，相对面积减小，场强变大，电势差增大C. 相对面积不变，极板间距离减小，电量减少，电容增大D. 极板间距离不变，相对面积增大，电容增大，电量不变【答案】ABD【解析】【详解】电容器电容：C=S4kd，C=QU，极板间的电场强度：E=Ud，解得：E=4kQS，若相对面积S不变，极板间距离d增大，则场强E不变，电势差：U=Ed变大，故A正确；若极板间距离不
9、变，相对面积S减小，由E=4kQS可知，场强变大，根据U=Ed可知电势差变大，故B正确；去掉电源后，电容器电荷量不变，故C错误；去掉电源后，电容器电荷量不变，若极板间距离不变，相对面积增大，由C=S4kd可知，电容增大，故D正确；故选ABD。10.一带电粒子垂直于电场方向射入电场，经电场后的偏转角与下列因素的关系是：（ ）A. 偏转电压越高，偏转角越大B. 带电粒子的质量越大，偏转角越大C. 带电粒子的电量越少，偏转角越大D. 带电粒子的初速度越大，偏转角越小【答案】AD【解析】【详解】设偏转电压为U，知匀强电场的电场强度为：E=Ud，粒子在偏转电场中的运动时间为：t=Lv0，则偏转角的正切值
10、为：tan=vyv0=atv0=Uqlmdv02 ，则偏转电压越高，则偏转角越大。故A正确。带电粒子的质量越大，则偏转角越小。故B错误。带电粒子的电量越小，偏转角越小。故C错误。带电粒子的初速度越大，则偏转角越小。故D正确。故选AD。11.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（ ）A. 三个等势面中，a的电势最高B. 带电质点通过P点时的电势能较Q点大C. 带电质点通过P点时的动能较Q点大D. 带电质点通过P点时的加速度较Q点大【答案】BD【解
11、析】【详解】电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故A错误；根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；从P到Q过程中电场力做正功，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D正确。故选BD。12. 示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（ ）A. 极板x应带正电B. 极板x应带正电
12、C. 极板y应带正电D. 极板y应带正电【答案】AC【解析】本题考查示波器的原理，YY间的电场使得电子在y轴上产生偏转，XX间的电场使得电子在x轴上产生偏转据荧光屏上电子的坐标可知示波管内电子受力情况：受指向y方向和指向x方向电场力。即电子在经过偏转电极时向X、Y两极板偏转，则这两个电极都应带正电，思路拓展：本题的关键是能从图中看成粒子偏转的方向，同时也考查了学生对知识的实际应用能力二、实验题13.一同学用一游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一物体的长度测得的结果如图所示，则该物体的长度L=_ mm。【答案】20.30mm.【解析】【详解】物体的长度L=2cm+0.05mm6=20.30mm
13、.14.下图是用螺旋测微器测量金属棒直径的示意图，其读数是_mm【答案】5.700【解析】【详解】螺旋测微器测量金属棒直径:5.5mm+0.01mm20.0=5.700mm.15.如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5 V的小灯泡的IU特性曲线的实验电路图。根据电路图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实验电路连接完整_。开关S闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应该置于_端（选填“A”、“B”或“AB中间”）实验中测得有关数据如下表：U/V0.400.801.201.602.002.402.80I/A0.100.160.200.230.250.260.27根据表中的实验数据，在图丙中画出小灯泡的I
14、U特性曲线_。【答案】 (1). (2). A (3). 【解析】试题分析:开关S闭合之前，滑动变阻器滑动A端，使得测量电路中的电流、电压为零，处于短路状态，起保护作用根据电路图连接实物图，因为灯泡的额定电压为25V，所以电压表采取3V量程，从表格中的数据来看，最大电流在027A左右，则电流表选取06A的量程，因为灯泡的电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，由于灯泡的电阻比较小，则电流表采取外接法，在连接实物图时注意电表的极性如下图描点作图，如下图考点：考查描绘小电珠的伏安特性曲线三计算题16.如图所示，一条长为L的绝缘细线，上端固定，下端系一质量为m的带电小球，将它置于电场
15、强度为E、方向水平向右的匀强电场中，当小球平衡时，悬线与竖直方向的夹角45。(1)小球带何种电荷？电荷量为多少？(2)若将小球向左拉至悬线呈水平位置，然后由静止释放小球，则从放手后至最低点的过程中小球做什么运动？经多长时间到达最低点？【答案】（1）带正电；qmgE（2）放手后小球将做匀加速直线运动；2Lg【解析】【分析】对图示小球进行受力分析，电场力和重力均为恒力，根据平衡可知小球合力，根据牛顿第二定律求得小球的加速度，再根据牛顿运动规律求解即可【详解】（1）如图所示由题意可知，小球所受合力为：F合2mg小球所受电场力与重力大小相等，故有：qE=mg所以小球所带的电荷量为：qmgE，带正电。（2）将小球向左拉到水平处可知小球所受重力和电场
