《【解析版】山东省烟台市2019届高三上学期期末考试物理试卷 word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【解析版】山东省烟台市2019届高三上学期期末考试物理试卷 word版含解析（26页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、山东省烟台市2019届高三第一学期期末学业水平诊断物理试题一、本题共14小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，第814题有多项符合题目要求。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.了解物理规律的发现过程，学会象科学家那样观察和思考，往往比掌握知识更重要。下列说法符合实际的是A. 库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律库仑定律，并进一步测得了元电荷的电荷量B. 伽利略通过理想斜面实验推翻了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的观点C. 法拉第发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D. 欧姆发现了欧姆定律，说明了热现
2、象和电现象之间存在联系【答案】B【解析】【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.【详解】A法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律-库仑定律，并测出了静电力常量k的值，美国科学家密立根测得了元电荷的电荷量，故A错误；B伽利略通过理想斜面实验推翻了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的观点，故B正确；C法拉第发现了电磁感应现象，奥斯特发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕，故C错误；D欧姆发现了欧姆定律，说明了流过导体的电流与导体两端的电压、导体的电阻之间的联系；焦耳发现了焦耳定律，说明了热现象和电现象之间存在联系；故D错误.故选B.【点睛】本
3、题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.2.下列说法中正确的是A. 一群处于n=3激发态的氢原子，在向较低能级跃迁的过程中向外辐射出三种不同波长的光子，其中从n=3跃迁到n=1所发出的光子波长最长B. 粒子散射实验验证了卢瑟福原子核式结构模型的正确性C. 放射性元素的半衰期随温度的升高而变小D. 发生光电效应时，入射光越强，光予能量就越大，光电子的最大初动能就越大【答案】B【解析】【分析】能级间跃迁吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差，即Em-En=hv放射性元素的半衰期与温度、压强等外部因素无关；粒子散射实验中少数粒子发生较大偏转
4、是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据，根据光电效应方程分析。【详解】A氢原子从n=3的能级向较低能级跃迁的过程中向外辐射出三种不同波长的光子，根据：E=EmEn=h=hc可知，从n=3跃迁到n=1所发出的光子的能量值最大，波长最短；故A错误.B粒子散射实验中，粒子发生偏转是粒子与原子内带正电的部分相互排斥的作用结果，少数粒子发生较大偏转这一实验事实否定了汤姆生的枣糕模型，引发了卢瑟福提出核式结构模型；故B正确.C放射性元素的半衰期只与核内部的自身因素有关，与原子所处的化学状态和温度、压力等于外部因素无关；故C错误.D光子的能量值与光的强度无关，与光的频率有关；根据光电效应方程：Ekm=h-W
5、0，可知发生光电效应时，光电子的最大初动能也与光的强度无关；故D错误.故选B.【点睛】本题考查了半衰期、粒子散射实验、能级的跃迁以及光电效应等基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记并理解这些基础知识点.3.如图所示，共享单车的车锁集成了嵌入式芯片、北斗卫星导航模块和SIM卡等，便于监控单车在路上的具体位置。用户仅需要用手机上的客户端软件(APP)扫描二维码，即可自动开锁，骑行结束关锁后，手机APP上会显示计价、里程信息。此外，单车能够在骑行过程中为车内电池充电，满足定位和自动开锁等过程中的用电。下列说法正确的是A. 北斗卫星导航系统是通过超声波定位单车位置信息的B. 由手机上的显示信息，可
6、求出骑行的平均速度C. 单车是利用电磁感应原理实现充电的D. 单车在被骑行过程中受到的地面的摩擦力表现为阻力【答案】C【解析】【分析】现在定位是通过卫星进行定位的，明确充电过程是利用电磁感应现象将机械能转化为电能；明确平均速度的计算公式为位移与时间的比值；前轮摩擦力是阻力，而后轮摩擦力是动力.【详解】A单车某个时刻的准确位置信息是借助通讯卫星定位确定的，故A错误；B由手机APP上的显示信息包括路程和时间，没有说明具体的位移，故不可以求出骑行的平均速度，故B错误；C单车在运动过程通过电磁感应将机械能转化为电能从而实现充电，故C正确；D单车在骑行时，主动轮受到向前的摩擦力（动力），从动轮受到向后的
7、摩擦力（阻力），故D错误.故选C.【点睛】本题利用生活中熟知的单车综合考查了惯性、电磁感应的应用、电磁波的应用等，要求掌握相应物理规律在生产生活中的应用.4.如图甲所示电路，理想变压器原线圈输入电压如图乙所示，原、副线圈匝数比为10：1，副线圈电路中R0为定值电阻，R为滑动变阻器，所有电表均为理想电表。下列说法正确的是A. 副线圈两端交变电压的频率为5HzB. 两电流表测量的是电流的瞬时值，电压表测量的是电压的有效值C. 当滑动变阻器的滑片向上移动时，两电流表的示数均变小D. 当电流表A2的示数为2A时，变压器原线圈输入功率为220W【答案】C【解析】【分析】根据图乙知交流电周期求解频率；电压
8、表和电流表示数均为有效值；滑动变阻器的触头滑动时，分析电阻的变化和电流表示数的变化；根据电功率的计算公式求解电功率.【详解】A根据图乙知交流电周期为0.02s，所以交变电压的频率为f=1T=50Hz，变压器变压不变频，故副线圈的频率50Hz，故A错误；B两电流表测量的是电流的有效值，电压表的示数表示的是电压的有效值，故B错误；C滑动变阻器的触头向上滑动，电阻增大，而副线圈电压不变，两个电流表的示数都减小，故C正确；D当电流表A2的示数为2A时，原线圈的电流强度I1=n2n1I2=0.2A，原线圈电压有效值U1=3112V=220V，变压器原线圈输入功率为P1=U1I1=2200.2W=44W，
9、故D错误。故选C.【点睛】本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比；知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等.原线圈的电压决定副线圈的电压；理想变压器在改变电压和电流的同时，不改变功率和频率.5.如图所示，一半径为R=0.2m的固定光滑14圆弧轨道AB位于竖直平面内，轨道下端与一光滑水平直轨道相切于B点，一小球M从距圆弧轨道最高点A高度为h=0.2m处由静止释放，并恰好沿切线进入圆弧轨道，当滑到水平面上后与静止在水平面上且前端带有轻弹簧的小球N碰撞，M、N质量均为m=1Kg，g=10ms2。下列说法正确的
10、是A. 小球M在圆弧轨道内运动过程中所受合外力方向始终指向轨道圆心B. 轻弹簧被压缩至最短时，M和N的速度大小都是2msC. 轻弹簧被压缩的过程中，M、N的总动量和总动能都保持不变D. 轻弹簧被压缩过程中的最大弹性势能为4J【答案】B【解析】【分析】对小球M受力分析可知合外力方向是否指向圆心；小球M滑到B的过程由机械能守恒定律求得到B的速度，轻弹簧被压缩的过程满足动量守恒定律；根据能量守恒知轻弹簧被压缩的过程中，弹性势能增大，总动能减少，轻弹簧被压缩至最短时，弹性势能最大，根据能量守恒可求得.【详解】A小球M在圆弧轨道内运动过程中受竖直向下的重力、指向圆心的支持力，合外力方向除B点外并不指向轨
11、道圆心，故A错误；B小球M滑到B的过程由机械能守恒定律得：mg(h+R)=12mvB2，解得：vB=22m/s，当两球的速度相等时轻弹簧被压缩至最短，由动量守恒定律得：mvB=2mv，解得v=2m/s，故B正确；C轻弹簧被压缩的过程中，由动量守恒定律知M、N的总动量不变，根据能量守恒知弹性势能增大，所以总动能减少，故C错误；D轻弹簧被压缩至最短时弹性势能最大，根据能量守恒得：E弹m=12mvB2122mv2，解得E弹m=6J，故D错误.故选B.【点睛】本题考查了机械能守恒定律、动量守恒定律、能量守恒定律，弄清运动过程，明确能量的转化是解题的关键.6.甲、乙两辆汽车在平直的高速公路上行驶，某时刻
12、两车正好并排行驶，从该时刻起两车的速度时间图像如下图所示，则下列说法正确的是A. t0时刻两车相遇B. 0到t1时间内，甲、乙两车的加速度大小均逐渐减小且方向相同C. 0到t0时间内，甲车的平均速度小于乙车的平均速度D. t1时刻甲、乙两车一定再次相遇，之后甲车将一直在乙车前方【答案】C【解析】【分析】根据速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示位移，分析位移关系，确定两车是否相遇。根据图象斜率的变化分析加速度的变化。根据位移与时间之比分析平均速度关系.【详解】A根据速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示位移，知0-t0时间内乙车的位移比甲车的大，则t0时刻两车没有相遇，故A错误.B0-t1时间
13、内，甲、乙两车图象斜率均逐渐减小，则它们的加速度大小均逐渐减小。甲图象切线斜率为正，乙图象切线斜率为负，则加速度方向相反，故B错误.C0-t0时间内甲车的位移比乙车的小，则甲车的平均速度小于乙车的平均速度，故C正确.D0-t1时间内，甲车的位移比乙车的大，则甲、乙两车没有相遇，之后甲车的速度比乙车的大，则甲车将一直在乙车前方，故D错误.故选C.【点睛】对于v-t图象，关键要需掌握两点：v-t图象的斜率大小代表加速度大小，斜率的正负代表加速度的方向；速度时间图象与时间轴围成的面积代表位移.7.如图所示，圆心为O、半径为R的圆周上有A、B、C、D四点，A、B是一条直径的两个端点，CD与AB平行，A
14、、C之间的距离也为R。在A、B两点分别放置电荷量绝对值均为Q的正负点电荷，静电力常量为k。下列说法正确的是A. C、D两点电场强度相同，大小都为23kQ3R2B. 负电荷在C点的电势能大于在D点的电势能C. 一正电荷沿着圆弧从C点移动到D点电场力不做功D. C、O两点的电势差等于O、D两点的电势差【答案】D【解析】【分析】根据等量异种电荷的电场线特点可知C、D两点的电场强度的关系，电势关系，从而判断电场力做功和电势能的关系.【详解】A根据等量异种电荷的电场线特点CD两点电场强度大小相等，方向不同，故A错误；B根据等量异种电荷的电场线特点C点电势大于D点电势，根据负电荷在电势低的地方电势能大，故
15、负电荷在C点的电势能小于D点的电势能，故B错误；C根据等量异种电荷的电场线特点C点电势大于D点电势，根据正电荷在电势高的地方电势能大，正电荷在C点的电势能大于D点的电势能，故正电荷从C到D电场力做功正功，故C错误；D根据等量异种电荷的电场线特点中垂线的电势为等势面，即C、O的电势差等于O、D的电势差，故D正确.故选D.【点睛】本题考查等量异种电荷的特点，关键是知道等量异种电荷的电场线特点.8.如图所示，把两个相同的小球从离地面相同高度处，以相同大小的初速度v分别沿竖直向上和竖直向下方向抛出，不计空气阻力。则下列说法中正确的是A. 两小球落地时速度相同B. 两小球落地时，重力的瞬时功率相同C. 从小球抛出到落地，重力对两小球做的功相等D. 从小球抛出到落地，重力对两小球做功的平均功率相等【答案】C【解析】试题分析：由机械能守恒定律得，两小球落地时的速度大小相同，但方向不同，故A错误；两小球落地时，由于竖直方向的分速度不同，故重力的瞬时功率不相同，故B错误；由重力做功公式W=mgh得，从开始运动至落地，重力对两小球做功相同，故C正确；从抛出至落地，重力对两小球做的功相同，但是落地的时间不同，故重力
