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1、山东省济钢高级中学高三上学期12月月考理综试卷（试卷满分300分，考试时间150分钟。）注意事项：1 本试卷为第一部分（选择题）和第二部分（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2 回答第一部分时，选出每小题答案后，用铅笔把答题纸上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，在选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。3 回答第二部分时，将答案写在答题纸上。写在本试卷上无效。4 考试结束后，将答题纸交回。可能用到的原子量：H:1 C:12 N:14 O:16 Na:23 S:32 Cl:35.5 K:39 Cr:52 Mn:55 Fe:56 Cu:64 I:1
2、27第一部分一、选择题：（本题共18个小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求的。）1.甲、乙两辆汽车沿同一平直路面行驶，其v-t图像如图所示，下列对汽车运动状态的描述正确的是( )A. 在第20s末，甲、乙两车相遇B. 若乙车在前，则可能相遇两次C. 在第10s末，乙车改变运动方向D. 在第10s末，甲、乙两车相距150m【答案】B【解析】A、在第20s末，甲通过的位移比乙的位移大，但由于它们初始位置关系未知，所以不能判断是否相遇，故A错误。B、若t=0时刻乙车在前，则两车在第20s末前，两车可能相遇一次，若甲车的速度比乙车的速度大，此后，由于乙做匀加速运动，甲做匀速
3、运动，乙可能追上甲，再相遇一次，故B正确.C、由图知，乙车的速度一直为正，说明乙一直沿正方向运动，运动方向没有改变，故C错误。D、第10s末，甲、乙两车的位移之差为：x=2010121010=150m，由于出发点的位置关系未知，所以不能求出确定它们相距的距离，故D错误。故选B。【点睛】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义。要注意速度图象不能表示物体出发点的位置。2.如图所示，光滑的水平地面上有三块木块a,b,c,质量均为m，a、c之间用轻质细绳连接。现用一水平恒力F作用在b上,三者开始一起做匀加速运动。运动过程中把一块橡皮泥粘在某一木块上面（
4、不影响木块间的动摩擦因数），系统仍加速运动， 且始终没有相对滑动。则在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是（ ）A. 无论粘在哪块木块上面，系统的加速度都不变B. 若粘在a木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定减小C. 若粘在b木块上面,绳的张力一定增大，a、b间摩擦力一定减小D. 若粘在c木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都增大【答案】D【解析】【详解】系统始终没有相对滑动，故将abc看成一个整体，那么合外力即为F，由牛顿第二定律可知：无论粘在哪块木块上面，系统的加速度都相同，但是比没有橡皮泥时要小，故A错误；对a，b，c分别进行受力分析可知：绳子张力即c受到的合外力，ab间摩擦力为
5、ac的合外力；那么由加速度减小可得：若粘在a或b上，绳子张力减小；若粘在c上，绳子张力增大；若粘在a或c上，摩擦力增大；若粘在b上，摩擦力减小；故BC错误，D正确；故选D。3.如图，用长为的轻绳悬挂一质量为M的沙箱，沙箱静止。一质量为m的弹丸以速度v水平射入沙箱并留在其中，随后与沙箱共同摆动一小角度。不计空气阻力。对子弹射向沙箱到与其共同摆过一小角度的过程( )A. 若保持m、v、不变，M变大，则系统损失的机械能变小B. 若保持M、v、不变，m变大，则系统损失的机械能变小C. 若保持M、m、不变，v变大，则系统损失的机械能变大D. 若保持M、m、v不变，变大，则系统损失的机械能变大【答案】B【
6、解析】【分析】本题考机械能守恒定律及动量守恒定律的相关知识点【详解】分析易得只有子弹射入沙箱并停留在沙箱中这个过程中系统的机械能才会损失，由动量守恒得，mv=（m+M）v共，则系统损失的机械能E=12mv2-12m+Mv共2=12mv2-12m+Mmvm+M2=mMv22（m+M）对于A选项，由E=mMv22（m+M）=mv22（mM+1）可知若保持m、v、不变，M越大则系统损失的机械能变大，故A错误对于B选项，由E=mMv22（m+M）=Mv22（Mm+1）可知若保持M、v、不变，m变大则系统损失的机械能变大，故B错误对于C选项，由E=mMv22（m+M）可知若保持M、m、不变，v变大则系统
7、损失的机械能变大，故C正确对于D选项，子弹与沙箱共同向上摆动一小角度的过程系统机械能守恒，故D错误4.如图所示，在1687年出版的自然哲学的数学原理一书中，牛顿设想，抛出速度很大时，物体就不会落回地面，已知地球半径为R，月球绕地球公转的轨道半径为n2R，周期为T，不计空气阻力，为实现牛顿设想，抛出的速度至少为()A. 2n2RTB. 2RTC. 2RnTD. 2n3RT【答案】D【解析】对月球，根据万有引力提供向心力可得公式：GMm(n2R)2=m(2T)2n2R ；在地球表面列式可得：GMmR2=mv2R ，联立两个式子，求解得：v=2n3RT ，故D项正确。综上所述本题正确答案为D。5.如
8、图所示为用绞车拖物块的示意图拴接物块的细线被缠绕在轮轴上，轮轴逆时针转动从而拖动物块已知轮轴的半径R=1.5m，细线始终保持水平；被拖动物块质量m=1kg，与地面间的动摩擦因数=0.5；轮轴的角速度随时间变化的关系是=2t rad/s，g=10m/s2以下判断正确的是（ ）A. 物块做匀速运动B. 物块做匀加速直线运动，加速度大小是2m/s2C. 绳对物块的拉力是8ND. 绳对物块的拉力是9N【答案】C【解析】【详解】由题意知，物块的速度v=R=2t1.5=3t，又v=at，故可得：a=3m/s2，故AB错误；由牛顿第二定律可得：物块所受合外力F=ma=3N；F=T-f，地面摩擦阻力f=mg=
9、0.5110=5N;故可得物块受力绳子拉力T=f+F=5+3=8N，故C正确，D错误；故选C。二、多项选择题：（本题共3个小题，每小题6分）6.如图所示，质量分别为m1、m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动，m1在地面，m2在空中。此时，力F与水平方间成角，弹簧中弹力大小为F1，弹簧轴线与水平方向的夹角为，m1受地面的摩擦力大小为f，则下列正确的是( )A. 一定大于B. 可能等于C. F一定小于F1D. F一定大于f【答案】AD【解析】【详解】m2受三力平衡：m2g、F、F1，根据平衡条件知，F水平分力与F1的水平分力大小相等，即：Fx=Fcos=F1co
10、s，F的竖直分力比F1的竖直分力大，即：Fy=Fsin=F1sin+m2g；FsinF1sin两式两边相除可得tantan，即；则coscos，所以FF1；根据整体法得：Fcos=f，所以Ff，故AD正确、BC错误；故选AD。7.如图所示，一质量为m的小球置于半径为R的光滑竖直圆轨道最低点A处，B为轨道最高点，C、D为圆的水平直径两端点轻质弹簧的一端固定在圆心O点，另一端与小球栓接，已知弹簧的劲度系数为k=mgR，原长为L=2R，弹簧始终处于弹性限度内，若给小球一水平初速度v，已知重力加速度为g，则（）A. 无论v多大，小球均不会离开圆轨道B. 若在2gRv2gR，小球就能做完整的圆周运动D.
11、 只要小球能做完整圆周运动，则小球与轨道间最大压力与最小压力之差与v无关【答案】AD【解析】【详解】因弹簧的劲度系数为k=mg/R，原长为L=2R，所以小球始终会受到弹簧的弹力作用，大小为F=k（2R-R）=kR=mg，方向始终背离圆心，无论小球在CD以上的哪个位置速度为零，重力在沿半径方向上的分量都小于等于弹簧的弹力（在CD以下，轨道对小球一定有指向圆心的支持力），所以无论v多大，小球均不会离开圆轨道，故A正确，B错误。小球在运动过程中只有重力做功，弹簧的弹力和轨道的支持力不做功，机械能守恒，当运动到最高点速度为零，在最低点的速度最小，有：12mv22mgR，所以只要v04gR，小球就能做完
12、整的圆周运动，故C错误。在最低点时，设小球受到的支持力为N，有：N-kR-mg=mv2R，解得：N=2mg+mv2R运动到最高点时受到轨道的支持力最小，设为N，设此时的速度为v，由机械能守恒有：12mv22mgR+12mv2此时合外力提供向心力，有：N-kR+mg=mv2R联立解得：N=mv2R4mg联立得压力差为：N=6mg，与初速度无关，故D正确。故选AD。8.假设在某电场中沿x轴方向上，电势与x的距离关系如图所示，其中x4-x3=x6-x5。现有一个电子在电场中仅受电场力作用运动，则下列关于电场和电子能量说法正确的是( )A. 区域x3-x4内沿x轴方向的电场强度均匀减小B. x6-x7
13、内沿x轴方向场强为零C. 若电子从电势为2V的x1位置向右运动到电势为2V 的x7位置，电子在x1位置应具有大于2eV的初动能D. 电子在区域x3-x4内沿x轴方向所受电场力大于区域x5-x6内沿x轴方向所受电场力【答案】BCD【解析】【详解】由图象可知，在x3到x4区域内电势差U34与两点间距离成线性关系，则这两点间的电场是匀强电场，沿x方向的电场强度不变，故A错误；由图象可知，在x6到x7区域内，电势差为零，这两点间的场强为零，故B正确；由图象可知，从x1位置到x2位置电势均匀增加，则x1位置到x2位置间的电场方向向左，电子在其间受到的电场力向右，电子从x1运动到x2电场力做正功1eV，从
14、x3到x4电势降低3V，电场力做负功3eV，则电子若想到达x4必须要在x1位置具有2eV的初动能，电子能到达x4，则以后的从x5到x6过程中，电场力做正功，则能到达x7位置，故C正确；由图象可知，在x3与x4区域内比x5与x6区域内的场强大，所以电子在x3到x4区域内沿x方向所受电场力大于x5到x6区域内沿x方向所受电场力，故D正确；故选BCD。第二部分9.物理兴趣小组想测量滑块和长木板之间的动摩擦因数。实验装置如图甲所示，一端装有定滑轮的表面粗糙的长木板固定在水平实验台上，木板上有一滑块，滑块右端固定一个轻小动滑轮，轻绳的一端与固定在墙上的拉力传感器相连，另一端绕过动滑轮和定滑轮，与沙桶相连
15、。放开沙桶，滑块在长木板上做匀加速直线运动 。实验时，滑块加速运动，固定在长直木板上的加速度传感器可读出滑块的加速度a，拉力传感器可读出绳上的拉力F。逐渐往沙桶中添加沙，重复实验。以F为纵轴、以a为横轴，得到的图象如图乙所示，其直线的截距等于b、斜率等于k。重力加速度为g，忽略滑轮与绳之间的摩擦。(1)实验中，必要的措施是_。A细线必须与长木板平行 B必须测出沙和沙桶的质量C必须测出滑块和动滑轮的质量D必须保证每次都从同一位置释放滑块(2)滑块和长木板之间的动摩擦因数=_(用 b，k，g表示)【答案】 (1). A (2). =bkg【解析】【详解】（1）为保证拉力为F，故细线必须与长木板平行，否则是其水平方向的分力，故A正确；跟据题意，拉力通过传感器读出，不必测量沙和沙桶的质量，故B错误；由牛顿第二定律可得2F-mg=ma，即F=m2a+mg2结合乙图，可得m2=k；
