《【解析版】山东省济南市2019届高三上学期期末考试物理试卷 word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【解析版】山东省济南市2019届高三上学期期末考试物理试卷 word版含解析（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、高三年级学习质量评估物理试题一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。其中18小题，只有一个答案正确；912小题有多个选项正确，全部选对得4分。选对但选不全的得2分。有错选或不答的得0分)1.如图所示，将小物块P轻轻放到半圆柱体上时，小物块只能在圆柱体上A到B之间保持静止。若小物块与圆柱体之间的动摩擦因数为33，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则图中AOB为A. 30 B. 60 C. 90 D. 120【答案】B【解析】【分析】物块P在AB两点时，所受的摩擦力等于最大静摩擦力，根据重力沿曲面向下的分力等于最大静摩擦力列式求解角度.【详解】物块P在AB两点时，所受的摩擦力等于最大静摩擦力，
2、设此时OA与竖直方向夹角为，则由平衡知识可知：mgsin=mgcos，解得=300，即AOB=600，故选B.2.某类地天体可视为质量分布均匀的球体，由于自转的原因，其表面“赤道”处的重力加速度为g1，“极点”处的重力加速度为g2，若已知自转周期为T，则该天体的半径为A. 42g1T2 B. 42g2T2 C. g2g1T242 D. g1+g2T242【答案】C【解析】【分析】在天体两极万有引力等于重力，在赤道处万有引力等于重力与物体随星球自转做圆周运动的向心力的合力，应用万有引力公式与牛顿第二定律可以求出天体半径。【详解】在“极点”处：mg2=GMmR2 ；在其表面“赤道”处：GMmR2m
3、g1m(2T)2R；解得：R=g2g1T242，故选C.【点睛】本题考查了万有引力定律的应用，知道两极万有引力等于重力、在赤道上万有引力等于重力与物体随星球自转做圆周运动的向心力之和是解题的前提，应用万有引力公式与牛顿第二定律即可解题。3.如图所示，灯泡L1、L2原来都正常发光，由于故障两灯突然熄灭，(假设电路中仅有一处故障)下列说法正确的是A. 将多用表的电压档并联在ac两端，示数0，说明ac间断路B. 将多用表的电压档并联在cd两端，有示数，说明cd间完好C. 将多用表的电压档并联在ad两端，有示数；并联在ac两端，示数0，说明cd间断路D. 断开S，将L1拆下，使用多用电表欧姆档，调零后
4、将红黑表笔连接在L1两端，如果指针不偏转，说明L1完好。【答案】C【解析】【分析】根据电表接到某两端时电压表的读数来判断电路的故障.【详解】若ac间断路，则将多用表的电压档并联在ac两端，示数应该等于电源的电动势E，选项A错误；将多用表的电压档并联在cd两端，有示数，说明cd间断路，选项B错误；将多用表的电压档并联在ad两端，有示数，则可能是L1或L2其中之一断路；并联在ac两端，示数0，说明cd间的L2断路，选项C正确；断开S，将L1拆下，使用多用电表欧姆档，调零后将红黑表笔连接在L1两端，如果指针不偏转，说明L1断路，选项D错误；故选C.4.将一个物体以一定的初速度从倾角30的斜面顶端水平
5、抛出，落到斜面上，则到达斜面时的动能与平抛初动能的比值为A. 2：1B. 7：3C. 4：3D. 2:3【答案】B【解析】【分析】小球落在斜面上，根据竖直位移与水平位移的关系得出运动的时间，从而得出竖直分速度与水平分速度的关系，结合动能的表达式求出小球落到斜面上的动能大小【详解】根据tan3012gt2v0t得：t2v0tan30g，则竖直分速度为：vygt233v0。因为E112mv02，则有： E212mv212m(v02+vy2)=12m73v02=7312mv02=73E1故B正确，ACD错误。故选B。【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直上的运动规律，抓住竖直位移与水平位
6、移的关系进行求解5.用220V的正弦交流电通过理想变压器对一灯泡供电，变压器输出电压是110V，通过灯泡的电流图象如图所示，则A. 变压器输入功率约为110WB. 输出电压的最大值是110VC. 变压器原、副线圈匝数比是1：2D. 变压器原线圈电路电流的函数表达式i=sin100tA【答案】A【解析】【分析】变压器的输入功率等于输出功率；最大值等于有效值的2倍；瞬时值表达式为： i=Imsint；【详解】灯泡电流的有效值为I2=22A=1A，则灯泡的功率P2=I2U2=110W，可知变压器输入功率约为110W，选项A正确；输出电压的最大值是U2m=2U2=1102V，选项B错误；变压器原、副线
7、圈匝数比是n1n2=U1U2=220110=21，选项C错误；根据变压器匝数比等于电流的倒数比可知，原线圈电流有效值为I1=0.5A，最大值为I1m=2I1=22A，因=2T=100rad/s，可知变压器原线圈电路电流的函数表达式i=22sin100tA，选项D错误；故选A.【点睛】本题考查了交流电瞬时值表达式的物理意义和变压器的工作原理；关键是知道负载电阻中电流的峰值和有效值关系，周期和角速度关系，输入功率等于输出功率，匝数之比等于电压之比等.6.已知一个无限大的金属板与一个点电荷之间的空间电场分布与等量异种电荷之间的电场分布类似，即金属板表面各处的电场强度方向与板面垂直。如图所示，MN为很
8、大的不带电的金属平板，且与大地连接。现将一个电荷量为Q的正点电荷置于板的右侧，图中a、b、c、d是以正点电荷Q为圆心的圆上的四个点，四点的连线构成一内接正方形，其中ab连线与金属板垂直。则下列说法正确的是A. a点电场强度与d点电场强度相同B. ab点间电势差等于dc点间电势差C. 将一正试探电荷沿直线ab从a点移到b点的过程中，试探电荷电势能始终减小D. 将一正试探电荷沿圆弧ad从a点移到d点的过程中，试探电荷电势能始终保持不变【答案】B【解析】【分析】先画出电场线：电场线从正电荷出发，终止于负电荷，根据电场线的疏密分析电场强度的大小根据对称性分析a点与d点的电势关系，根据电场力方向与位移方
9、向的夹角分析电场力做功情况，来分析电势能的变化【详解】画出电场线如图所示：根据对称性知，a、d两点的电场强度大小相同，方向不同，所以电场强度不同，故A错误。由对称性知，a点电势等于d点电势，b点电势等于c点电势，则ab点间电势差等于dc点间电势差，故B正确。将一正试探电荷沿直线ab从a点移到b点的过程中，电场力先做负功，后做正功，试探电荷电势能先增加后减小，选项C错误；从a到ad中点的过程中，正电荷受的电场力方向与位移方向夹角大于90，电场力做负功，从ad中点到d点的过程中，电场力方向与位移方向夹角小于90，电场力做正功，所以正电荷的电势能先增大后减小，故D错误。故选B。【点睛】本题涉及电场强
10、度和电势高低的判断，电场强度是矢量，合成遵循平行四边形定则；电势是标量，合成遵循代数法则7.长为L的直导体棒a放置在光滑绝缘水平面上，固定的很长直导线b与a平行放置，导体棒a与力传感器相连，如图所示(俯视图)。a、b中通有大小分别为Ia、Ib的恒定电流，Ia方向如图所示，Ib方向未知。导体棒a静止时，传感器受到a给它的方向向左、大小为F的拉力。下列说法正确的是A. Ib与Ia的方向相同，Ib在a处的磁感应强度B大小为FIbLB. Ib与Ia的方向相同，Ib在a处的磁感应强度B大小为FIaLC. Ib与Ia的方向相反，Ib在a处的磁感应强度B大小为FIbLD. Ib与Ia的方向相反，Ib在a处的
11、磁感应强度B大小为FIaL【答案】B【解析】【分析】同向电流相互吸引，异向电流相互排斥；根据F=BIL求解B.【详解】因传感器受到a给它的方向向左、大小为F的拉力，可知电流ab之间是相互吸引力，即两导线间的电流同向；根据F=BIaL，解得Ib在a处的磁感应强度B大小为B=FIaL，故选B。8.如图所示，固定在水平地面上的圆弧形容器，容器两端A、C在同一高度上，B为容器的最低点，圆弧上E、F两点也处在同一高度，容器的AB段粗糙，BC段光滑。一个可以看成质点的小球，从容器内的A点由静止释放后沿容器内壁运动到F以上、C点以下的H点(图中未画出)的过程中，则A. 小球运动到H点时加速度为零B. 小球运
12、动到E点时的向心加速度和F点时大小相等C. 小球运动到E点时的切向加速度和F点时的大小相等D. 小球运动到E点时的切向加速度比F点时的小【答案】D【解析】【分析】小球运动到H点时，受合外力不为零，则加速度不为零；小球运动到E点时的速度和F点时的速度大小不相等，根据a=v2R可知向心加速度关系；根据动能定理牛顿第二定律判断小球运动到E点和F点时的切向加速度关系.【详解】小球运动到H点时，受合外力不为零，则加速度不为零，选项A错误；小球运动到E点时的速度和F点时的速度大小不相等，根据a=v2R可知，向心加速度不相等，选项B错误；设EF两点所在的曲面的切面的倾角均为，则在F点的切向加速度：aF=gs
13、in；在E点的切向加速度：aE=gsin-gcos；即小球运动到E点时的切向加速度比F点时的小，选项D正确，C错误；故选D.9.用两块材料相同的木板与竖直墙面搭成两个斜面1和2，斜面有相同的高和不同的底边，如图所示。一个小物块分别从两个斜面顶端释放，并沿斜面下滑到底端。对这两个过程，下列说法正确的是A. 沿着1和2下滑到底端时，物块的速度大小相等B. 物块下滑到底端时，速度大小与其质量无关C. 物块沿着1下滑到底端的过程，产生的热量更多D. 物块下滑到底端的过程中，产生的热量与其质量无关【答案】BC【解析】【分析】由动能定理求解滑到底端时的速度表达式进行判断；根据Q=mgs相对判断热量关系.【
14、详解】设斜面与地面的夹角为，斜面的高度为h，则滑块滑到底端时，由动能定理：mghmgcoshsin=12mv2，即v=2gh2ghtan可知，越大，v越大，且v与m无关，选项A错误，B正确；根据Q=mgcoshsin可知物块沿着1下滑到底端的过程，产生的热量更多，且物块下滑到底端的过程中，产生的热量与其质量有关，选项C正确，D错误；故选BC.10.如图所示，两竖直平行边界内，匀强电场方向竖直(平行纸面)向下，匀强磁场方向垂直纸面向里。一带负电小球从P点以某一速度垂直边界进入，恰好沿水平方向做直线运动。若增大小球从P点进入的速度但保持方向不变，则在小球进入的一小段时间内A. 小球的动能减小 B.
15、 小球的电势能减小C. 小球的重力势能减小 D. 小球的机械能减小【答案】ACD【解析】【分析】小球从P点进入电磁场后做直线运动，对小球进行受力分析得知：小球共受到三个力作用：恒定的重力G、恒定的电场力F、洛伦兹力f，这三个力都在竖直方向上，小球在水平直线上运动，所以可以判断出小球受到的合力一定是零，即小球一定是做匀速直线运动；增大入射速度后，洛伦兹力变大，小球受力不再平衡，判断小球的偏转方向，分析合力做功情况，来判断动能的变化。由电场力做功情况分析机械能和电势能变化情况。由高度变化，分析重力势能的变化情况。【详解】带负电的小球在电磁场中做直线运动，小球共受到三个力作用：向下的重力G、向上的电场力F、向下的洛伦兹力f，这三个力都在竖直方向上，小球在水平直线上运动，所以小球受到的合力一定是零，小球做匀速直线运动。当小球的入射速度增大时，洛伦兹力增大，则电场力和重力不变，小球将向下偏转，电场力与重力的合力向上，且它们的合力对小球做负功，小球动能减小。电场力对小球做负功，小球的机械能减小，电势能增大。重力对小球做正功，重力势能减小。故ACD正确，B错误。故选ACD。
