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1、2018-2019学年山东省东营二中高三（上）期中物理试卷一、选择题1.下列说法符合物理史实的是（）A. 开普勒最早阐述了重物体和轻物体下落得一样快B. 卡文迪许利用扭秤装置测出了引力常量C. 库仑是第一个提出电荷间的相互作用是以电场为媒介的科学家D. 亚里士多德对牛顿定律的建立做出了很大贡献【答案】B【解析】【分析】本题是物理学史问题，在物理学发展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的伽利略、卡文迪许、法拉第等科学家，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献，即可解答这类问题【详解】A、伽利略最早阐述了轻物体和重物体下落一样快，故A错误。B、卡文迪许第一次在实验室里测出了万有
2、引力常量G，故B正确。C、法拉第是第一个提出电荷间的相互作用是以电场为媒介的科学家，故C错误。D、伽利略对牛顿定律的建立做出了很大贡献，亚里士多德贡献不大，故D错误。故选：B。【点睛】解决本题的关键要记牢伽利略、卡文迪许等科学家的物理学贡献，平时要加强记忆，注意积累2.跳台滑雪是冬奥会中最具观赏性的项目之一，运动员从长直助滑道的顶端由静止开始下滑，滑到底端后完成各种高难度的滑雪动作假设某运动员在助滑道上下滑的过程中，重力对他做功2000J，他克服阻力做功200J在这个过程中（）A. 运动员的动能增加了2000JB. 运动员的重力势能减少了1800JC. 运动员的机械能增加了1800JD. 运动
3、员的机械能减少了200J【答案】D【解析】【分析】运动员的动能增加量等于外力对运动员做的总功重力势能的减小量等于重力做的功机械能的变化等于除了重力以外的力对他做的功【详解】A、重力对运动员做功2000J，他克服阻力做功200J，即阻力对他做功200J，则外力对他做的总功为2000J200J=1800J，由动能定理知，运动员的动能增加了1800J，故A错误。B、重力对运动员做功2000J，则运动员的重力势能减少了2000J，故B错误。CD、阻力对运动员做功，所以运动员的机械能要减少，且机械能减少量等于他克服阻力做的功，为200J，故C错误，D正确。故选：D。【点睛】在解决有关能量问题时，要注意明
4、确做功和能量转化间的关系；合外力做功等于动能的改变量；重力做功等于重力势能的改变量；除了重力以外的力对物体做的功等于机械能的变化量3.质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中F和T的变化情况是（）A. F逐渐变大，T逐渐变小B. F逐渐变大，T逐渐变大C. F逐渐变小，T逐渐变小D. F逐渐变小，T逐渐变大【答案】B【解析】以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中物体始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力TB=mg，根据平衡条件可知TcosTB=0，TsinF=0，由此
5、两式可得F=TBtan=mgtan，T=TBcos=mgcos，在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角增大，由三角函数可知F和T均变大，B正确4.2016年10月17日7时30分，搭载两名航天员的“神舟十一号”载人飞船由“长征二号”运载火箭成功发射升空，10月19日凌晨，“神舟十一号”飞船与“天宫二号”自动交会对接成功“神舟十号”与“天宫一号”对接时，轨道高度是343公里，而“神舟十一号”和“天宫二号”对接时的轨道高度是393公里，这与未来空间站的轨道高度基本相同根据以上信息，判断下列说法正确的是（）A. “天宫一号”的动能比“天宫二号”的动能大B. “天宫一号”的周期比“天宫二号”的周期小C. “
6、神舟十一号”飞船的环绕速度大于第一宇宙速度D. “神舟十一号”飞船必须在“天宫二号”的轨道上，再加速实现对接【答案】B【解析】试题分析：根据公式GMmr2=mv2r可得v=GMr，可知轨道半径越大，线速度越小，“天宫一号”的速率比“天宫二号”的速率大，但由于质量的关系未知，所以不能判断出“天宫一号”的动能比“天宫二号”的动能大，故A错误；根据公式GMmr2=m42T2r可得T=2r3GM，可知轨道半径越大，周期越大，“天宫一号”的周期比“天宫二号”的周期小，故B正确；根据公式v=GMr可知轨道半径越大，线速度越小，所以“神舟十一号”飞船的环绕速度小于第一宇宙速度，故C错误；“神舟十一号”飞船必
7、须在“天宫二号”的轨道上，再加速时将做离心运动，所以不可能实现对接，故D错误考点：考查了万有引力定律的应用【名师点睛】在万有引力这一块，涉及的公式和物理量非常多，掌握公式GMmr2=mv2r=m2r=m42T2r=ma在做题的时候，首先明确过程中的向心力，然后弄清楚各个物理量表示的含义，最后选择合适的公式分析解题，另外这一块的计算量一是非常大的，所以需要细心计算5.有一个竖直固定放置的四分之一光滑圆弧轨道，轨道圆心O到地面的高度为h，小球从轨道最高点A由静止开始沿着圆弧轨道滑下，从轨道最低点B离开轨道，然后做平抛运动落到水平地面上的C点，C点与A点的水平距离也等于h，则下列说法正确的是（）A.
8、 当小球运动到轨道最低点B时，轨道对它的支持力等于重力的4倍B. 小球在圆弧轨道上运动的过程中，重力对小球的冲量在数值上大于圆弧的支持力对小球的冲量C. 根据已知条件可以求出该四分之一圆弧轨道的轨道半径为0.2hD. 小球做平抛运动落到地面时的速度与水平方向夹角的正切值tan=0.5【答案】C【解析】A、在最低点mgR=12mvB2，FBmg=mvB2R，解得FB =3mg，A错误；B、小球从A运动到B，合外力冲量水平向右，则支持力的冲量在竖直方向的分量与重力的冲量大小相等，故支持力冲量在数值上大于重力的冲量，B错误；C、小球做平抛运动时，hR=12gt2，hR=vt，解得R=0.2h，C正确
9、；D、设小球做平抛运动位移与水平方向夹角为，则tan=1，因为tan =2tan，所以tan=2,D错误.故选C.【点睛】经典力学问题一般先对物体进行受力分析，求得合外力及运动过程做功情况，然后根据牛顿定律、动能定理及几何关系求解6.如图所示，水平放置的平行金属板A、B连接一恒定电压，质量相同的两个电荷M和N同时分别从极板A的边缘和两极板的正中间沿水平方向进入板间电场，两电荷恰好在板间某点相遇不考虑电荷的重力、空气阻力和它们之间的相互作用，则下列说法正确的是（）A. 电荷M进入电场的初速度大小与电荷N进入电场的初速度大小一定相同B. 两电荷在电场中运动的加速度相等C. 电荷M的电荷量大于电荷N
10、的电荷量D. 从两电荷进入电场到两电荷相遇，电场力对电荷M做的功等于电场力对电荷N做的功【答案】C【解析】【分析】两个电荷同时进入电场到相遇，运动时间相等；从轨迹图可以看出，电荷M的水平分位移和竖直分位移都比电荷N的大；将电荷的运动沿水平和竖直方向正交分解后根据运动学公式和牛顿第二定律联合列式分析即可【详解】A、两个电荷水平方向都做匀速直线运动，从轨迹可以看出，电荷M的水平分位移比N的大，则有：xMxN，故vMtvNt，故初速度关系为 vMvN，故A错误；B、从轨迹可以看出：yMyN，故有12aMt212aNt2，可得加速度关系为 aMaN，故B错误。C、根据牛顿第二定律及aMaN，得qMEm
11、MqNEmN，而 mM=mN，得电荷量关系为 qMqN，故C正确。D、电场力对电荷做的功公式 W=qEy，由于qMqN，yMyN，所以有WMWN，即电场力对电荷M做的功大于电场力对电荷N做的功，故D错误；故选：C。【点睛】本题的关键将电荷的合运动沿水平和竖直方向正交分解，然后根据运动学公式和牛顿第二定律列式进行分析7.甲、乙两物体同时从同一位置沿同一直线运动，它们的vt图象如图所示，下列说法正确的是（）A. t1时刻，两者相距最远B. t2时刻，乙物体追上甲C. 乙物体先向负方向运动，t1时刻以后反向向正方向运动D. 0t2时间内，乙的速度和加速度都是先减小后增大【答案】D【解析】在0t2时间
12、内，乙的速度比甲的小，甲在乙的前方，两者间距逐渐增大t2时刻后，乙的速度比甲的大，两者间距减小，所以t2时刻，两者相距最远故A错误甲、乙两物体由同一位置出发，在vt图象中图象与坐标轴围成面积代表位移，知0t2时间内，甲的位移比乙的大，t2时刻，乙物体还没有追上甲，故B错误在速度-时间图象中速度的正负表示运动方向，从图中可知乙的速度一直为正，运动方向没有发生改变，故C错误根据速度时间图象的斜率表示加速度，故0t2时间内，乙的速度和加速度都是先减小后增大，故D正确故选D【点睛】由v-t图象直接读出物体的运动情况，根据速度关系分析何时相距最远根据“面积”表示位移，分析两物体何时相遇两物体速度始终为正
13、值，速度方向一直为正方向，由速度的正负分析速度的方向根据图象的斜率分析加速度的变化8.如图所示，质量分别为m和M的两三角形斜劈P和Q叠放在一起后置于水平地面上，现用大小相等、方向相反的水平力F分别推P和Q，它们均静止不动，已知重力加速度大小为g，则（）A. P与Q之间一定存在摩擦力B. Q与地面之间一定存在摩擦力C. Q对P的支持力可能大于mgD. 地面对Q的支持力大小一定等于（M+m）g【答案】CD【解析】【分析】先对两个物体P、Q整体进行受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力；再对物体P受力分析，根据平衡条件求解物体m对物体M的支持力和摩擦力【详解】BD、先对P、Q整体受力分
14、析，受到重力（M+m）g、支持力N和已知的两个推力，如图所示：对于整体，由于两个推力的合力刚好为零，故整体与地面间没有摩擦力；根据共点力平衡条件，有：N=（M+m）g；故B错误，D正确；AC、再对物体P受力分析，受重力mg、已知的推力F、斜面体Q对P的支持力N和摩擦力f，当推力F沿斜面分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，如下图：当推力F沿斜面分量小于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向上，如下图：当推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，如下图：根据共点力平衡的条件，运用正交分解法，可以得到：N=mgcos+Fsin，故P与Q之间可能没有摩擦力，Q对P的支持力可能大于
15、mg，故A错误，C正确；故选：CD。【点睛】本题关键是对两个物体整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力，然后再对物体P受力分析，再次根据平衡条件列式求解出各个力的情况9.如图所示，质量为4.0kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上，质量为6.0kg的物体B用细线悬挂在天花板上，B与A刚好接触但不挤压，现将细线剪断，则剪断后瞬间，下列结果正确的是（g取10m/s2）（）A. A加速的大小为1m/s2B. B加速的大小为6m/s2C. 弹簧弹力大小为60ND. A、B间相互作用力的大小为24N【答案】BD【解析】【分析】弹簧的弹力不能突变，以A、B系统为研究对象，由牛顿第二定律求出系统的加速度，然后以B为研究对象，由牛顿第二定律求出A、B间的作用力。【详解】C、物体A、B接触但不挤压，剪断细线前，对A由平衡条件得，弹簧的弹力：T=mAg=410=40N，由于弹簧的弹力不能突变，剪断细线瞬间弹力大小仍为40N，故C错误；A、剪断细线后，A、B一起向下加速运动，对系统，由牛顿第二定律得：（mA+m
