《2019年高考物理大一轮复习第07章电场第3讲电容器带电粒子在电场中的运动学案新人教版20180424387》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年高考物理大一轮复习第07章电场第3讲电容器带电粒子在电场中的运动学案新人教版20180424387（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、第三讲电容器带电粒子在电场中的运动一电容器1.电容器的充、放电(1)充电：使电容器带电的过程，充电后电容器两极板带上等量的异种电荷，电容器中储存电场能.(2)放电：使充电后的电容器失去电荷的过程，放电过程中电场能转化为其他形式的能2公式C和C的比较(1)定义式：C，不能理解为电容C与Q成正比、与U成反比，一个电容器电容的大小是由电容器本身的因素决定的，与电容器是否带电及带电多少无关(2)决定式：C，r为介电常数，S为极板正对面积，d为板间距离3对照教材实验：如图所示的装置，可以探究影响平行板电容器电容的因素电容器与电源保持连接，增大两板间的距离试分析电容器的电容C、两板间的场强E、电容器的带电
2、量Q及静电计指针偏角各如何变化？提示：dC，E，QCU，因U不变，故不变电容器充电后与电源断开，增大两板间的距离d，试分析C、U、E、各如何变化？提示：Q一定：dC，U，E不变，U电容器充电后与电源断开，紧贴右极板插入与电容器极板宽度相同的金属板或玻璃板时，静电计指针偏角各如何变化？提示：插入金属板相当于d减小，将减小；插入玻璃板C增大、减小.二带电粒子在匀强电场中的运动示波管1.带电粒子在电场中的加速(1)带电粒子在左极板附近由静止开始运动，求到达右极板时的速度？(不计重力)从力和运动的角度入手从功和能的角度入手提示：E，a，v.qUmv2，v .(2)如图所示水平向右的匀强电场中，一质量为
3、m、电荷量为q的带电粒子由Q点以初速度v0开始沿着与水平方向成角的图示方向做直线运动求带电粒子沿初速度方向运动的最大距离？是否考虑粒子的重力？带电粒子的电性？带电粒子的运动性质？电场强度的大小是多少？提示：因粒子作直线运动，若只受电场力则不可能应考虑重力且重力和电场力的合力与初速度v0平行，分析可知带电粒子作匀减速直线运动当速度减为零时，带电粒子沿初速度方向运动为最大由粒子的受力知粒子带负电，tan ，E.F合ma，x.2带电粒子的偏转(限于匀强电场且不计重力)(1)带电粒子以速度v0垂直于电场线方向飞入匀强电场时，由于电场力方向与粒子的初速度方向垂直，且电场力是恒力，所以带电粒子做类平抛运动
4、(2)分析处理方法：类似于平抛运动的分析处理，即应用运动的合成和分解的知识方法沿初速度方向为匀速直线运动：运动时间t沿电场力方向为初速度为零的匀加速直线运动：加速度a.离开电场时的偏移量yat2沿电场力方向的分速度vyat根据速度的合成得：粒子离开电场时的速度v离开电场时的偏转角tan .(3)某同学根据动能定理计算粒子离开电场时的速度，方法如下：由qUmv2mv得：v 请思考为何计算出的结果与根据速度的合成得出的结果不同？提示：上述计算结果是错误的带电粒子在电场中运动过程，电场力做的功应是WEqyqy.WqU中的U应是入射点和出射点之间的电势差(4)若带电粒子从两板中央进入最后未出电场打在下
5、板上如何处理？提示：此时偏转位移y，Wq.(5)若带电粒子从上板边缘进入最后擦着下板边缘穿出电场根据qUmv2mv计算正确吗？提示：正确(6)将带电粒子离开电场时的速度反向延长与初速度方向的相交点O点的位置有何特征？提示：由几何关系tan ，得L，即O点为中点3“电加速”“电偏转”(1)试证明：不同带电粒子从静止经过同一电场加速度后进入同一偏转电场，它们在电场中的偏转位移偏转角度总是相同的(2)怎样求OP？你能给出几种不同的求解方法？提示：方法一：由tan 可求OP.方法二：由三角形相似可求OP.方法三：由运动的合成与分解OPvytvy.1(教科版选修31P40第9题)关于电容器的电容，下列说
6、法中正确的是()A电容器所带电荷量越多，电容越大B电容器两板间电压越低，其电容越大C电容器不带电时，其电容为零D电容器的电容只由它本身的特性决定答案：D2(人教版选修31P32第1题)平行板电容器的一个极板与静电计的金属杆相连，另一个极板与静电计金属外壳相连给电容器充电后，静电计指针偏转一个角度以下情况中，静电计指针的偏角是增大还是减小？(1)把两板间的距离减小；(2)把两板间的相对面积减小；(3)在两板间插入相对介电常数较大的电介质答案：(1)把两极板间距离减小，电容增大，电荷量不变，电压变小，静电计指针偏角变小(2)把两极板间相对面积减小，电容减小，电荷量不变，电压变大，静电计指针偏角变大
7、(3)在两极板间插入相对介电常数较大的电介质，电容增大，电荷量不变，电压变小，静电计指针偏角变小3(人教版选修31P39第2题)某种金属板M受到某种紫外线照射时会不停地发射电子，射出的电子具有不同的方向，其速度大小也不相同在M旁放置一个金属网N.如果用导线将MN连接起来，M射出的电子落到N上便会沿导线返回M，从而形成电流现在不把M、N直接相连，而按下图那样在M、N之间加一个电压U，发现当U12.5 V时电流表中就没有电流已知电子的质量me9.11031 kg.问：被这种紫外线照射出的电子，最大速度是多少？(结果保留三位有效数字)解析：如果电子的动能减少到等于0的时候，电子恰好没有到达N板，则电
8、流表中就没有电流由W0Ekm，WeU，得eU0Ekmmev2v m/s2.10106 m/s. 答案：2.10106 m/s4(人教版选修31P39第3题)先后让一束电子和一束氢核通过同一对平行板形成的偏转电场进入时速度方向与板面平行，在下列两种情况下，分别求出离开时电子偏角的正切与氢核偏角的正切之比(1)电子与氢核的初速度相同(2)电子与氢核的初动能相同解析：设加速电压为U0，偏转电压为U，带电粒子的电荷量为q，质量为m，垂直进入偏转电场的速度为v0，偏转电场两极间距离为d，极板长为l，则：带电粒子在加速电场中获得初动能mvqU0，粒子在偏转电场中的加速度a，在偏转电场中运动的时间为t，粒子
9、离开偏转电场时沿静电力方向的速度vyat，粒子离开偏转电场时速度方向的偏转角的正切值tan .(1)若电子与氢核的初速度相同，则.(2)若电子与氢核的初动能相同，则1.答案：见解析考点一平行板电容器的动态分析1.平行板电容器动态变化的两种情况(1)电容器始终与电源相连时，两极板间的电势差U保持不变(2)充电后与电源断开时，电容器所带的电荷量Q保持不变2动态分析思路(1)U不变根据C先分析电容的变化，再分析Q的变化根据E分析场强的变化根据UABEd分析某点电势变化(2)Q不变根据C先分析电容的变化，再分析U的变化根据E分析场强变化1(2016全国乙卷)一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒
10、压直流电源上，若将云母介质移出，则电容器()A极板上的电荷量变大，极板间电场强度变大B极板上的电荷量变小，极板间电场强度变大C极板上的电荷量变大，极板间电场强度不变D极板上的电荷量变小，极板间电场强度不变解析：选D平行板电容器电容的表达式为C，将极板间的云母介质移出后，导致电容器的电容C变小由于极板间电压不变，据QCU知，极板上的电荷量变小再考虑到极板间电场强度E，由于U、d不变，所以极板间电场强度不变，选项D正确2.(2018福州联考)如图所示，两平行金属板竖直放置且B板接地，其间有用绝缘细线悬挂的带电小球，当给两金属板充电Q后，悬线与竖直方向夹角为，因电离作用， 两金属板的电荷量缓慢减小(
11、小球电荷量假设不变)，以至悬线与竖直方向间的夹角逐渐减小，则 在夹角减少到的过程中，下列说法正确的是()A细线拉力逐渐增大B细线拉力大小不变C电容器两极板减小的电荷量为D电容器两极板减小的电荷量为解析：选D小球受到重力mg、细线的拉力FT和水平向右的电场力F的作用而处于动态平衡(如图所示)，由FT可知，减小，FT也减小，A、B错误；令两极板间距离为d，电容器的电容为C，由图知tan 1，令减小的电荷量为Q，同理可得tan 2，联立解得QQ，C错误，D正确.考点二带电粒子在电场中的直线运动1.带电粒子在电场中运动时重力的处理(1)基本粒子：如电子、质子、粒子、离子等，除有说明或明确的暗示以外，一
12、般都不考虑重力(但并不忽略质量)(2)带电颗粒：如液滴、油滴、尘埃、小球等，除有说明或有明确的暗示以外，一般都不能忽略重力2做直线运动的条件(1)粒子所受合外力F合0，粒子或静止，或做匀速直线运动(2)粒子所受合外力F合0，且与初速度方向在同一条直线上，带电粒子将做匀加速直线运动或匀减速直线运动3用动力学观点分析a，E，v2v2ad.4用功能观点分析匀强电场中：WEqdqUmv2mv非匀强电场中：WqUEk2Ek1 (2017江苏卷)如图所示，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分别位于O、M、P点由O点静止释放的电子恰好能运动到P点现将C板向右平移到P点，则由O点静止释放
13、的电子()A运动到P点返回B运动到P和P点之间返回C运动到P点返回D穿过P点解析：选A设AB、BC间的电场强度分别为E1、E2，间距分别为d1和d2，电子由O点运动到P点的过程中，据动能定理得：eE1d1eE2d20当C板向右平移后，BC板间的电场强度E2，BC板间的电场强度与板间距无关，大小不变第二次释放后，设电子在BC间移动的距离为x，则eE1d1eE2x00比较两式知，xd2，即电子运动到P点时返回，选项A正确 (2018河北定州中学月考)如图所示，A、B为两块水平放置的金属板，通过闭合的开关S分别与电源两极相连，两板中央各有一个小孔a和b，在a孔正上方某处放一带电质点由静止开始下落，若
14、不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰为零，然后返回现要使带电质点能穿过b孔，则可行的方法是()A保持S闭合，将A板适当上移B保持S闭合，将B板适当下移C先断开S，再将A板适当上移D先断开S，再将B板适当下移解析：选B设质点距离A板的高度h，A、B两板原来的距离为d，电压为U.质点的电量为q.由题质点到达b孔时速度恰为零，根据动能定理得mg(hd)qU0.若保持S闭合，将A板适当上移，设质点到达b时速度为v，由动能定理得mg(hd)qUmv2，v0，说明质点到达b孔时速度恰为零，然后返回，不能穿过b孔故A错误若保持S闭合，将B板适当下移距离d，由动能定理得mg(hdd)qUmv2，则v0，质点能穿过b孔故B正确若断开S时，将A板适当上移，板间电场强度不变，设A板上移距离为d，质点进入电场的深度为d时速度为零由动能定理得mg(hdd)qEd0，又由原来情况有mg(hd)qEd0.比较两式得，dd，说明质点在到达b孔之前，速度减为零，然后返回故C错误若断开S，再将B板适当下移，根据动能定理可知，质点到达b孔原来的位置速度减
