《2018年高考物理第一轮复习课时跟踪练：第八章第一讲电路电路的基本规律（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018年高考物理第一轮复习课时跟踪练：第八章第一讲电路电路的基本规律（含解析）（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、第八章 恒定电流第一讲 电路 电路的基本规律课时跟踪练A组基础巩固1金属材料的电阻率有以下特点：一般而言，纯金属的电阻率小，合金的电阻率大；金属的电阻率随温度的升高而增大，而且有的金属电阻率随温度变化而显著变化，有的合金的电阻率几乎不受温度的影响根据以上的信息，判断下列说法中正确的是()A连接电路用的导线一般用合金来制作B电炉、电阻器的电阻丝一般用合金来制作C白炽灯中的钨丝的电阻随亮度的增大而减小D标准电阻一般用电阻率随温度变化而显著变化的金属材料制作解析：合金的电阻率大，常用来作电阻，不作导线，选项A错误，B正确；钨丝的电阻会随温度的升高而变大，选项C错误；标准电阻一般用电阻率几乎不受温度影
2、响的合金来制作，选项D错误答案：B2. (2018淄博模拟)用电器到发电厂的距离为l，线路上的电流为I，已知输电线的电阻率为.为使线路上的电压降不超过U.那么，输电线的横截面积的最小值为()A.B.C. D.解析：输电线的总长为2l，由公式R、R得S，故B正确答案：B3(2018聊城模拟)电阻R1和R2分别标有“2 1.0 A”和“4 0.5 A”，将它们串联后接入电路中，如图所示，则此电路中允许消耗的最大功率为()A1.5 W B3.0 WC5.0 W D6.0 W解析：两电阻的额定电流不同，R2允许通过的最大电流为0.5 A，为保证电路安全，电路允许通过的最大电流I0.5 A，所以，此电路
3、中允许消耗的最大功率为PI2(R1R2)1.5 W.答案：A4(多选)(2018襄阳模拟)电位器是变阻器的一种如图所示，如果把电位器与灯泡串联起来，利用它改变灯泡的亮度，下列说法正确的是()A串接A、B使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗B串接A、C使滑动触头逆时针转动，灯泡变亮C串接A、C使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗D串接B、C使滑动触头顺时针转动，灯泡变亮解析：根据电位器结构和连线可知：串接A、B使滑动触头顺时针转动时回路电阻增大，回路电流减小，灯泡变暗，A正确；同理，D正确；串接A、C时，滑动触头不能改变回路电阻，灯泡亮度不变，故B、C错误答案：AD5. (2018临沂模拟)下图中的四个图象
4、中，最能正确地表示家庭常用的白炽灯泡在不同电压下消耗的电功率P与电压平方U2之间函数关系的是()解析：白炽灯泡为纯电阻，其功率表达式为P，而U越大，电阻越大，图象上对应点与原点连线的斜率越小，故选项C正确答案：C6. (2018济宁模拟)电解池内有一价的电解液，t s内通过溶液内截面S的正离子数是n1，方向是从AB，负离子数是n2，方向是从BA，设元电荷为e，以下解释中正确的是()A正离子定向移动形成的电流方向是从AB，负离子定向移动形成的电流方向是从BAB溶液内正负离子向相反方向移动，电流抵消C溶液内电流方向从AB，电流ID溶液内电流方向从AB，电流I解析：正离子定向移动方向为电流方向，负离
5、子定向移动方向和电流方向相反，正、负离子向相反方向移动，电流不能抵消，故A、B错误；由于溶液内的电流是正、负离子共同形成的，故其大小为I，C错误，D正确答案：D7.(多选)(2018济宁模拟)平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以及电源连成如图所示的电路闭合开关S，待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是()A只增大R1，其他不变B只增大R2，其他不变C只增大R3，其他不变D只减小a、b两极板间的距离，其他不变解析：R1和R2串联，电容器两端电压跟R2两端电压相同根据C可知如果不改变电容，则只需增大R2两端电压，根据串联分压关系(电阻越大
6、分压越大)可知只增大R2或者只减小R1均可，选项B正确，选项A、C错误；只减小a、b两极板间的距离会使电容增大，由QCU可知，电容器所带电荷量增加，选项D正确答案：BD8. (2018西安模拟)有一种“电测井”技术，用钻头在地上钻孔，通过在钻孔中进行电特性测量，可以反映地下的有关情况，如图所示为一钻孔，其形状为圆柱体，半径为10 cm，设里面充满浓度均匀的盐水，其电阻率0.314 m，现在钻孔的上表面和底部加上电压，测得U100 V，I100 mA(取3.14)(1)求该钻孔的深度；(2)若截取一段含盐水的圆柱体与电动势为200 V、内阻为100 的电源相连，通电10 min，当截取的圆柱体长
7、度为多少时，盐水产生的热量最多，最多为多少？解析：(1)盐水电阻R1 000 .由电阻定律R，Sr23.14102m2，解得h100 m.(2)当圆柱体电阻等于电源内阻时，电源输出功率最大，盐水产生热量最多电源内阻r100 ，则截取的圆柱体内阻也应该等于R100 ，圆柱体长度L10 m.圆柱体与电源组成闭合电路，电流I1 A，热量最多为QI2Rt6104 J.答案：(1)100 m(2)10 m6104 JB组能力提升9(多选)(2018黄冈模拟)如图所示是某导体的I-U图线，图中45，下列说法正确的是()A通过该导体的电流与其两端的电压成正比B此导体的电阻R2 CI-U图线的斜率表示电阻的倒
8、数，所以Rcot 4510 D在该导体两端加6.0 V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3.0 C解析：由题图可知，通过该导体的电流I与其两端电压U成正比，选项A正确；导体电阻R2 ，对应I-U图线斜率的倒数，但Rcot 45，选项B正确，C错误；当U6.0 V时，I3.0 A，故每秒通过该导体截面的电荷量为qIt3.0 C，选项D正确答案：ABD10 (2018邢台模拟)在如图甲所示的电路中，电源电动势为 3.0 V，内阻不计，灯L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示当开关闭合后，下列说法正确的是()A灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍B灯泡L1的电阻为7
9、.5 C灯泡L2消耗的电功率为0.75 WD灯泡L3消耗的电功率为0.30 W解析：由于小灯泡L2、L3串联后与L1并联，所以L1两端电压是L2或L3两端电压的2倍，L2或L3两端电压是1.5 V，由小灯泡的伏安特性曲线可知灯泡L2中的电流是0.20 A，灯泡L1两端的电压是3 V，灯泡L1中的电流是0.25 A，A错误；由欧姆定律可得灯泡L1的电阻为R12 ，B错误；由PUI得灯泡L2(或L3)消耗的电功率P2U2I21.50.20 W0.30 W，C错误，D正确答案：D11. (2018临汾模拟)如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成当闭合开关S1、S2后，电
10、动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出已知电吹风的额定电压为 220 V，吹冷风时的功率为120 W，吹热风时的功率为 1 000 W关于该电吹风，下列说法正确的是()A电热丝的电阻为55 B电动机线圈的电阻为 C当电吹风吹热风时，电热丝每秒钟消耗的电能为1 000 JD当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为1 000 J解析：电吹风吹热风时电热丝消耗的功率为P1 000 W120 W880 W，对电热丝，由P可得电热丝的电阻为R 55 ，选项A正确；由于不知道电动机线圈的发热功率，所以电动机线圈的电阻无法计算，选项B错误；当电吹风吹热风时，电热丝每秒消
11、耗的电能为880 J，选项C错误；当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120 J，选项D错误答案：A12. (2018安阳模拟)一台小型电动机在3 V电压下工作，用此电动机提升所受重力为4 N的物体时，通过它的电流是0.2 A在30 s内可使该物体被匀速提升3 m若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，求：(1)电动机的输入功率；(2)在提升重物的30 s内，电动机线圈所产生的热量；(3)线圈的电阻解析：(1)电动机的输入功率P入UI30.2 W0.6 W.(2)电动机提升重物的机械功率P机Fv4 W0.4 W.根据能量关系P入P机PQ，得热功率PQP入P机(0.60.4) W0.2 W.所产生的热量QPQt0.230 J6 J.(3)根据焦耳定律QI2Rt，得线圈的电阻R 5 .答案：(1)0.6 W(2)6 J(3)5 8
