《2020版高考物理（课标版）大一轮复习课时规范练13万有引力定律及其应用 word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020版高考物理（课标版）大一轮复习课时规范练13万有引力定律及其应用 word版含解析（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、课时规范练13万有引力定律及其应用课时规范练第26页基础对点练1.(开普勒第三定律)已知地球和火星绕太阳公转的轨道半径分别为R1和R2(公转轨迹近似为圆),如果把行星与太阳连线扫过的面积与其所用时间的比值定义为扫过的面积速率。则地球和火星绕太阳公转过程中扫过的面积速率之比是()A.R1R2B.R1R2C.R2R1D.R2R1答案B解析公转的轨迹近似为圆,地球和火星的运动可以看作匀速圆周运动,根据开普勒第三定律知R3T2=C,运动的周期之比T1T2=R13R23,在一个周期内扫过的面积之比为S1S2=R12R22=R12R22,面积速率为ST,可知面积速率之比为R1R2,故B正确,A、C、D错误
2、。2.(对万有引力定律的理解)(2018河南六市一联)万有引力定律和库仑定律都满足距离平方反比规律,因此引力场和电场之间有许多相似的性质,在处理有关问题时可以将它们进行类比。例如电场中引入电场强度来反映电场的强弱,其定义为E=Fq,在引力场中可以用一个类似的物理量来反映引力场的强弱。设地球质量为M,半径为R,地球表面处重力加速度为g,引力常量为G。如果一个质量为m的物体位于距地心2R处的某点,则下列表达式中能反映该点引力场强弱的是()A.GMm(2R)2B.Gm(2R)2C.GM(2R)2D.g2答案C解析类比电场强度定义式E=Fq,该点引力场强弱a=Fm=GMm4R2m=GM4R2,所以C正
3、确。3.(求天体的质量)(2019江西上饶中学月考)对于环绕地球做圆周运动的卫星来说,它们绕地球做圆周运动的周期会随着轨道半径的变化而变化,某同学根据测得的不同卫星做圆周运动的半径r与周期T的关系作出如图所示图象,则可求得地球质量为(已知引力常量为G)()A.Ga42bB.Gb42aC.42aGbD.42bGa答案C解析由万有引力提供向心力有GMmr2=m42T2r,得r3=GM42T2。由题图可知r3T2=ab,所以地球的质量M=42aGb,故C正确,ABD错误。4.(求天体的密度)(2019河北邯郸永年区二中月考)假设地球可视为质量均匀分布的球体。已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0,
4、在赤道的大小为g;地球自转的周期为T,引力常量为G。地球的密度为()A.3(g0-g)GT2g0B.3g0GT2(g0-g)C.3GT2D.3g0GT2g答案B解析在地球两极重力等于万有引力,根据万有引力定律有GMmR2=mg0,在地球的赤道上重力等于万有引力与向心力的差值,即GMmR2-m(2T)2R=mg。地球的质量为M=R3。联立以上三式可得地球的密度=3g0GT2(g0-g),选项B正确。5.(多选)(宇宙速度)下列关于三种宇宙速度的说法正确的是()A.第一宇宙速度v1=7.9 km/s,第二宇宙速度v2=11.2 km/s,则人造卫星绕地球在圆轨道上运行时的速度大于等于v1,小于v2
5、B.美国发射的“凤凰”号火星探测卫星,其发射速度大于第三宇宙速度C.第二宇宙速度是使物体可以挣脱地球引力束缚,成为绕太阳运行的小行星的最小发射速度D.第一宇宙速度7.9 km/s是人造地球卫星绕地球做圆周运动的最大运行速度答案CD解析根据v=GMr可知,卫星的轨道半径r越大,即距离地面越远,卫星的环绕速度越小,v1=7.9 km/s是人造地球卫星绕地球做圆周运动的最大运行速度,选项D正确;其余绕地球在圆轨道上运行时的卫星的速度都小于第一宇宙速度,选项A错误;美国发射的“凤凰”号火星探测卫星,仍在太阳的引力范围内,所以其发射速度小于第三宇宙速度,选项B错误;第二宇宙速度是物体挣脱地球束缚而成为一
6、颗绕太阳运行的小行星的最小发射速度(在地面上发射),选项C正确。6.(多选)(双星问题)(2018全国卷)2017年,人类第一次直接探测到来自双中子星合并的引力波。根据科学家们复原的过程,在两颗中子星合并前约100 s时,它们相距约400 km,绕二者连线上的某点每秒转动12圈。将两颗中子星都看作是质量均匀分布的球体,由这些数据、万有引力常量并利用牛顿力学知识,可以估算出这一时刻两颗中子星()A.质量之积B.质量之和C.速率之和D.各自的自转角速度答案BC解析设两中子星质量为m1、m2,环绕半径为r1、r2,两星间距为r。所以有Gm1m2r2=m12r1,Gm1m2r2=m22r2可解得m1=
7、2r2r2G;m2=2r1r2G所以m1+m2=2r3G,故B项正确;设两星速率分别为v1、v2。所以有v1+v2=(r1+r2)=r由题意可得、r,故C项正确。7.(重力与万有引力的关系)(2019河南滑县二联)已知地球两极的重力加速度为g,地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍。考虑地球自转的影响,把地球视为质量均匀分布的球体,则赤道上的重力加速度为()A. gB.(1-)gC.(1-1n2)gD.(1-1n3)g答案D解析设地球质量为M,半径为R,自转周期为T。有一质量为m的卫星,该卫星在地球两极,有:GMmR2=mg;该卫星在地球赤道上,有:GMmR2-mR42T2=mg1;该卫星在同
8、步轨道上,有:GMm(nR)2=mnR42T2,联立上面三个式子,得g1=(1-1n3)g,选项D正确。8.(多选)(卫星参量的比较)(2018江苏扬州一模)2017年9月25日后,微信启动页面采用“风云四号”卫星成像图。“风云四号”是我国新一代静止轨道气象卫星,则其在圆轨道上运行时()A.可定位在赤道上空任意高度B.线速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间C.角速度与地球自转角速度相等D.向心加速度比月球绕地球运行的向心加速度大答案CD解析同步卫星只能在赤道上空,且高度保持不变。故A错误;第一宇宙速度为人造卫星的最大运行速度,气象卫星的线速度小于第一宇宙速度,则B错误;同步卫星的周期等于地球
9、的自转周期,所以同步卫星绕地球运行的角速度与地球自转的角速度相等,则C正确;同步卫星与月球都是万有引力提供向心力,由GMmr2=ma可得:a=GMr2,所以同步卫星绕地球运行的向心加速度比月球绕地球运行的向心加速度大,则D正确。素养综合练9.(2018湖南雅礼中学月考)我国发射的第10颗北斗导航卫星轨道平面与地球赤道平面有一定的夹角,它的运行周期是24小时。图中的“8”字是该卫星相对地面的运行轨迹,它主要服务区域为亚太地区。已知地球半径为R,地球同步卫星的轨道距地面高度约为地球半径的6倍,地球表面重力加速度为g。下列说法正确的是()A.该北斗卫星的轨道半径约为6RB.图中 “8”字交点不一定在
10、赤道正上方C.该北斗卫星的线速度小于赤道上物体随地球自转的线速度D.依题意可估算出赤道上物体随地球自转的向心加速度大小约为173g答案D解析该北斗卫星的轨道半径约为r=6R+R=7R,A项错误;同步卫星的轨道在赤道正上方,故图中“8”字交点一定在赤道正上方,B项错误;该卫星的周期等于地球自转的周期,故卫星的角速度等于地球自转的角速度,根据v=r可知,该北斗卫星的线速度大于赤道上物体随地球自转的线速度,C项错误;对卫星GMm(7R)2=m42T2(7R),其中GM=gR2,则地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度a=42T2R,联立解得a=g73,D项正确。10.(2019山东夏津一中月考)假设
11、两颗质量相等的星球绕其球心连线中心转动,理论计算的周期与实际观测的周期有出入,且T理论T观测=n1(n1),科学家推测,在以两星球球心连线为直径的球体空间中均匀分布着暗物质,设两星球球心连线长度为L,质量均为m,据此推测,暗物质的质量为()A.(n-1)mB.(2n-1)mC.n-28mD.n-14m答案D解析因为T理论T观测=n1(n1),所以T观测=1nT理论T理论,差异是以双星连线为直径的球体内均匀分布着的暗物质引起的,均匀分布在球体内的暗物质对双星系统的作用等效于这些暗物质在双星连线中点对双星系统的作用,设这种暗物质质量为M,此时双星做圆周运动的向心力由双星的万有引力和暗物质对双星的万
12、有引力提供,由万有引力定律得Gm2L2+GMm(L2)2=m42L2T观测2,Gm2L2=m42L2T理论2由以上两式解得M=n-14m,选项D正确,ABC错误。11.宇航员在某星球表面让一个小球以初速v0做竖直上抛运动,经过时间t小球落到星球表面。(1)求该星球表面附近的重力加速度g星;(2)已知该星球的半径为R,引力常量为G,求该星球的质量M;(3)要使物体不再落回星球表面,沿星球表面平抛出的速度至少应是多少?答案(1)2v0t(2)2v0R2Gt(3)速度至少应是2v0Rt解析(1)由竖直上抛规律t上=tg星=v0t上=2v0t(2)在星球表面物体所受万有引力等于物体所受重力。即GMmR
13、2=mg星,由可得M=2v0R2Gt(3)在星球表面物体的重力提供绕地球做匀速圆周运动的向心力mg星=mv2R平抛的速度至少为v=g星R=2v0Rt。12.由三颗星体构成的系统,忽略其他星体对它们的作用,存在着一种运动形式:三颗星体在相互之间的万有引力作用下,分别位于等边三角形的三个顶点上,绕某一共同的圆心O在三角形所在的平面内做相同角速度的圆周运动(图示为A、B、C三颗星体质量不相同时的一般情况)。若A星体质量为2m,B、C两星体的质量均为m,三角形的边长为a,求:(1)A星体所受合力大小FA;(2)B星体所受合力大小FB;(3)C星体的轨道半径RC;(4)三星体做圆周运动的周期T。答案(1
14、)23Gm2a2(2)7Gm2a2(3)74a(4)a3Gm解析(1)由万有引力定律,A星体所受B、C星体引力大小为FBA=GmAmBr2=G2m2a2=FCA,方向如图则合力大小为FA=23Gm2a2(2)同上,B星体所受A、C星体引力大小分别为FAB=GmAmBr2=G2m2a2FCB=GmCmBr2=Gm2a2,方向如图。合力大小FBx=FABcos 60+FCB=2Gm2a2FBy=FABsin 60=3Gm2a2,可得FB=FBx2+FBy2=7Gm2a2(3)通过分析可知,圆心O在中垂线AD的中点,RC=34a2+12a2可得RC=74a(4)三星体运动周期相同,对C星体,由FC=FB=7Gm2a2=m2T2RC可得T=a3Gm
