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1、物理选修物理选修 3-43-4第十一章第十一章 机械振动机械振动测试卷测试卷 A A（含答案）（含答案） 第第 I I 卷（选择题卷（选择题 共共 4040 分）分） 一、本题共本题共 1010 小题；每小题小题；每小题 4 4 分，共计分，共计 4040 分。在每小题给出的四个选项中，有一个或分。在每小题给出的四个选项中，有一个或 多个选项正确，全部选对得多个选项正确，全部选对得 4 4 分，选对但不全得分，选对但不全得 2 2 分，有错选得分，有错选得 0 0 分分. 1弹簧振子作简谐运动，t1时刻速度为v，t2时刻也为v，且方向相同。已知（t2- t1）小于周期T，则（t2-t1） （
2、） A可能大于四分之一周期 B可能小于四分之一周期 C一定小于二分之一周期 D可能等于二分之一周期 2有一摆长为L的单摆，悬点正下方某处有一小钉，当摆球经 过平衡位置向左摆动时，摆线的上部将被小钉挡住，使摆长发生变 化，现使摆球做小幅度摆动，摆球从右边最高点M至左边最高点N运 动过程的闪光照片，如右图所示，(悬点和小钉未被摄入)，P为摆动中的最低点。已知每 相邻两次闪光的时间间隔相等，由此可知，小钉与悬点的距离为 （ ） AL/4 BL/2 C3L/4 D无法确定 3A、B 两个完全一样的弹簧振子，把 A 振子移到 A 的平衡位置右边 10cm，把 B 振 子移到 B 的平衡位置右边 5cm，
3、然后同时放手，那么： （ ） AA、B 运动的方向总是相同的. BA、B 运动的方向总是相反的. CA、B 运动的方向有时相同、有时相反. D无法判断 A、B 运动的方向的关系. 4铺设铁轨时，每两根钢轨接缝处都必须留有一定的间隙，匀速运行列车经过轨端 接缝处时，车轮就会受到一次冲击。由于每一根钢轨长度相等，所以这个冲击力是周期性 N P M 的，列车受到周期性的冲击做受迫振动。普通钢轨长为12.6m，列车固有振动周期为 0.315s。下列说法正确的是 （ ） A列车的危险速率为sm/40 B列车过桥需要减速，是为了防止列车发生共振现象 C列车运行的振动频率和列车的固有频率总是相等 D增加钢轨
4、的长度有利于列车高速运行 5把一个筛子用四根弹簧支起来，筛子上装一个电动偏心轮，它每转一周，给筛子 一个驱动力，这就做成了一个共振筛，筛子做自由振动时，完成 20 次全振动用 15 s，在 某电压下，电动偏心轮转速是 88 r/min.已知增大电动偏心轮的电压，可以使其转速提高， 增加筛子的质量，可以增大筛子的固有周期，要使筛子的振幅增大，下列做法中，正确 的是（r/min 读作“转每分” ） （ ） A.降低输入电压 B.提高输入电压 C.增加筛子的质量 D.减小筛子的质量 6一质点作简谐运动的图象如图所示，则该质点 （ ） A在 0.015s 时，速度和加速度都为x 方向 B在 0.01
5、至 0.03s 内，速度与加速度先反方向后同方向，且 速度是先减小后增大，加速度是先增大后减小。 C在第八个 0.01s 内，速度与位移方向相同，且都在不断增 大 D在每 1s 内，回复力的瞬时功率有 100 次为零。 7摆长为L的单摆做简谐振动，若从某时刻开始计时， （取作t=0） ，当振动至 时，摆球具有负向最大速度，则单摆的振动图象是图中的 （ g L t 2 3 ） 8将一个电动传感器接到计算机上，就可以测量快速变化的力，用这种方法测得的 某单摆摆动时悬线上拉力的大小随时间变化的曲线如图所示。某同学由此图线提供的信 息做出了下列判断 （ ） s 时摆球正经过最低点。0.2t s 时摆球
6、正经过最低点。1.1t 摆球摆动过程中机械能减少。 摆球摆动的周期是 T1.4s。 上述判断中，正确的是 A. B. C. D. 9甲乙两人同时观察同一单摆的振动，甲每经过 2.0S 观察一次摆球的位置，发现 摆球都在其平衡位置处；乙每经过 3.0S 观察一次摆球的位置，发现摆球都在平衡位置右 侧的最高处，由此可知该单摆的周期可能是 （ ） A0.5S B1.0S C2.0S D3.0S 10 关于小孩子荡秋千，有下列四种说法： 质量大一些的孩子荡秋千，它摆动的频率会更大些 孩子在秋千达到最低点处 有失重的感觉 拉绳被磨损了的秋千，绳子最容易在最低点断开 自己荡秋千想荡 高一些，必须在两侧最高
7、点提高重心，增加势能。上述说法中正确的是 （ ） A. B.C.D. 第第 IIII 卷（非选择题卷（非选择题 共共 5858 分）分） 二、填空题：本题共二、填空题：本题共 5 5 小题，共小题，共 2020 分。把答案填写在题后括号内或横线上。分。把答案填写在题后括号内或横线上。 11如图所示，质量为 m 的物块放在水平木板上，木板与竖直弹簧相连，弹 簧另一端固定在水平面上，今使 m 随 M 一起做简谐运动，且始终不分离，则 物块 m 做简谐运动的回复力是由 提供的，当振 动速度达最大时，m 对 M 的压力为 。 12如图所示为水平放置的两个弹簧振子A和B 的振动图像，已知两个振子质量之比
8、为mA :mB=2:3， 弹簧的劲度系数之比为kA:kB=3:2，则它们的周期之 比TA：TB ；它们的最大加速度之比为 aA:aB 。 13有一单摆，当它的摆长增加 2m 时，周期变为原来的 2 倍。则它原来的周期是 _？ 14某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中，先测得摆线长为 101.00cm，摆球 直径为 2.00cm，然后用秒表记录了单摆振动 50 次所用的时间为 101.5 s。则： （1）他测得的重力加速度g = m/s2.（计算结果取三位有效数字） (2) 他测得的g值偏小，可能原因是： A测摆线长时摆线拉得过紧。 B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增
9、加了。 C开始计时时，秒表过迟按下。 D实验中误将 49 次全振动计为 50 次。 （3）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出一 组对应的l和T的数值，再以l为横坐标、T2为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该 直线的斜率K。则重力加速度g = 。 （用K表示） 15. 一游标卡尺的主尺最小分度为 1 毫米，游标上有 10 个小等分间隔，现用此卡尺来测 量工件的直径，如图所示。该工件的直径为_毫米。 附加3.如图所示，两木块A和B叠放在光滑水平面上，质量分别为m和M，A与B之间的最大 静摩擦力为f，B与劲度系数为k的轻质弹簧连接构成弹簧振子。为使A和B在振动过程
10、中不 发生相对滑动，则它们的振幅不能大于 ，它们的最大加速度不能大于 。 三、计算题：本大题共三、计算题：本大题共 4 4 小题，共小题，共 4040 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演 算步骤。只写出最后答案的不能得分，算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单 位。位。 16弹簧振子以O点为平衡位置在B、C两点之间做简谐运动.B、C相距 20 cm.某时刻振 子处于B点.经过 0.5 s，振子首次到达C点.求： （1）振动的周期和频率； （2）振子在 5 s 内
11、通过的路程及位移大小； （3）振子在B点的加速度大小跟它距O点 4 cm 处P点的加速度大小的比值. B a A a 17观察振动原理的应用：心电图仪是用来记录心脏生物电的变化规律的装置，人的心 脏跳动时会产生一股股强弱不同的生物电，生物电的变化可以通过周围组织传到身体的 表面医生用引导电极放置于肢体或躯体的一定部位就可通过心电图仪记录出心电变化 的波动曲线，这就是心电图请去医院进行调查研究下面是甲、乙两人在同一台心电 图机上作出的心电图分别如图甲、乙所示，医生通过测量后记下甲的心率是 60 次 分试分析： (1)该心电图机图纸移动的速度； (2)乙的心动周期和心率 18如图所示，一块涂有炭黑
12、玻璃板，质量为2kg，在拉力F的作用下，由静止开始竖直 向上运动。一个装有水平振针的振动频率为5Hz的固定电动音叉在玻璃板上画出了图示 曲线，量得 OA=1cm,OB=4cm,OC=9cm.求外力F的大小。（g=10m/s2,不计阻 力） F O A B C 19有人利用安装在气球载人舱内的单摆来确定气球的高度。已知该单摆在海平面处的 周期是 T0。当气球停在某一高度时，测得该单摆周期为 T.求该气球此时离海平面的高度 h。把地球看作质量均匀分布的半径为 R 的球体。 参考答案： 1. AB 2. C 3. A 4. 共振的条件是驱动力的频率等于系统的固有频率，由可求出危险车速为 40 m/
13、l T v s，故选项 A 正确。列车过桥需要减速，是为了防止桥与火车发生共振现象，故选项 B 错 误。 AD 5. AD 6. BD 7. 解：从t=0 时经过时间，这段时间为，经过 摆球具有负向最大 g L t 2 3 T 4 3 T 4 3 速度，说明摆球在平衡位置，在给出的四个图象中，经过具有最大速度的有 C、D 两T 4 3 图，而具有负向最大速度的只有 D。所以选项 D 正确。 8. A 9. AB 10. 解析：秋千近似为单摆，其周期、频率由摆长l和当地的重力加速度决定，与 质量无关，故知错；具有向下的加速度时处于失重状态，而在最低点具有向上的向心 加速度，故错；最低点绳子承受的
14、拉力最大，故在最低点易断，故对；在最高点提 高重心，可使体内化学能转化为机械能（势能） ，可荡得高一些，可见亦正确. 答案： B 11.重力和 M 对 m 的支持力的合力（4 分） ； mg。 12. 2：3；9：2 13. 解： 设该单摆原来的摆长为 L0，振动周期为 T0；则摆长增加2m 后，摆长变为 L=（l0+2）m，周期变为 T=2T0。由单摆周期公式，有 T0= g L 2 0 2 T0= g 2L 2 0 联立上述两式，可得 L0=m 3 2 T0=1.64s （2 分） 14. （1） 9.76 （2） B （3） 42/K 。 km fmM)( m f 16.（1）设振幅为A
15、，由题意BC2A20 cm，所以A10 cm. 振子从B到C所用时间t0.5 s，为周期T的一半，所以T=1.0 s；f=1.0 Hz. T 1 （2）振子在 1 个周期内通过的路程为 4A，故在t=5 s=5T内通过的路程 s=4A=200 cm. T t 5 s 内振子振动了 5 个周期，5 s 末振子仍处在B点，所以它偏离平衡位置的位移大 小为 10 cm. （3）振子加速度a=-x,ax.所以aBaP=xBxP=104=52. m k 17.（1）25mm/s （2）0.8s 75次/分 18. 设板竖直向上的加速度为a，则有：sBA-sAO=aT2 sCB-sBA=aT2 由牛顿第二定律得F-mg=ma 解式可求得F24 N. 19.分析与解：设单摆的摆长为L，地球
