《山东省德州市齐河一中2014届高三物理上学期1月份段考试卷（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省德州市齐河一中2014届高三物理上学期1月份段考试卷（含解析）（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2013-2014学年山东省德州市齐河一中高三（上）段考物理试卷（1月份）一、选择题（本题包括10小题，每小题4分，共40分每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1（4分）（2013秋齐河县校级月考）下列说法正确的是（）A美国人富兰克林提出了正、负电荷的概念B麦克斯韦第一个采用了画电场线的方法描述电场C安培发现了电流周围存在着磁场D奥斯特提出了分子电流假说，用以解释电流的磁场和磁铁的磁场在本质上是相同的考点：物理学史版权所有专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：A、美
2、国人富兰克林提出了正、负电荷的概念，故A正确；B、法拉第第一个采用了画电场线的方法描述电场故B错误；C、奥斯特发现了电流周围存在着磁场，故C错误；D、安培提出了分子电流假说，用以解释电流的磁场和磁铁的磁场在本质上是相同的，故D错误；故选：A点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2（4分）（2013江苏）将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等a、b为电场中的两点，则（）Aa点的电场强度比b点的大Ba点的电势比b点的高C检验电荷q在a点的电势能比在b点的大D将检验电荷q从a
3、点移到b点的过程中，电场力做负功考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小解答：解：A：电场线的疏密表示场强的大小，故A正确；B：a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势故B正确；C：电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，
4、即负电荷在a点的电势能较b点小，故C错误；D：由上知，q在a点的电势能较b点小，则把q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点，电势能增大，电场力做负功故D正确故选：ABD点评：该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加3（4分）（2013秋平顶山期末）如图所示，A、B两导体板平行放置，在t=0时将电子从A板附近由静止释放（电子的重力忽略不计）分别在A、B两板间加四种电压，它们的UABt图线如下列四图所示其中可能使电子到不了B板的是（）ABCD考点：带电粒子在匀强电场中的运动版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：首先分析电子在
5、四种图象下分别做什么运动，必要的情况下，作出一个周期的vt图象进行分析解答：解：A加A图电压，电子从A板开始向B板做匀加速直线运动一定能到达B板故A错误 B加B图电压，开始向B板匀加速，再做相同大小加速度的匀减速，但时间是2倍，然后为相同加速度大小的匀加速，做出一个周期的vt图，可知有可能到不了B板故B正确 C加C图电压，由vt图，电子一直向前运动，可知一定能到达故C错误 D加D图电压，可以知道电子在一个周期内速度的方向不变，一直向前运动，一定能到达能到达故D错误故选B点评：解决本题的关键理清电子在四种图象下的运动情况，并能结合vt图象求解4（4分）（2013江苏）在输液时，药液有时会从针口流
6、出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图所示M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻RM发生变化，导致S两端电压U增大，装置发出警报，此时（）ARM变大，且R越大，U增大越明显BRM变大，且R越小，U增大越明显CRM变小，且R越大，U增大越明显DRM变小，且R越小，U增大越明显考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：压轴题；恒定电流专题分析：电阻R与RM并联后与S串联，当电阻R越大时，电阻R与RM并联的电阻越接近RM，电压变化越明显解答：解：S两端电压U增大，故传感器两端电压一定减小；当“有药液从针口流出体外”使传感器接触药液，RM变小；当RRM时，R越大，M与R并联的电阻R并越接近
7、RM，U增大越明显；故选：C点评：本题是电路的动态分析问题，关键明确当电阻R越大时，电阻R与RM并联的电阻越接进RM，电压变化越明显5（4分）（2013秋海曙区校级期末）如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L上标有“6V、12W”字样，电动机线圈的电阻RM=0.50若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是（）A电动机的输入功率为12 WB电动机的输出功率为12 WC电动机的热功率为12 WD整个电路消耗的电功率为22 W考点：电功、电功率版权所有专题：恒定电流专题分析：由灯泡铭牌可知灯泡额定电压是6V，额定功率是12W，由电功率的变形公式可以求出灯泡正常发光时的电流；由串联电路特点可以求出
8、电动机的电压，由电功率公式可以求出电机总功率与热功率，进一步求出电动机的输出功率；由电功率公式可以求出电路总功率解答：解：A、电动机两端的电压U1=UUL=126V=6V，整个电路中的电流I=2A，所以电动机的输入功率P=U1I=62W=12W故A正确B、C、电动机的热功率P热=I2RM=40.5W=2W，则电动机的输出功率P2=PI2RM=122W=10W故B错误，C错误D、整个电路消耗的功率P总=UI=122W=24W故D错误故选：A点评：解决本题的关键知道电动机的输出功率P2=I2RM以及知道整个电路消耗的功率P总=UI6（4分）（2013兰州模拟）在如图所示的电路中，理想变压器原副线圈
9、的匝数比为2：1，四个灯泡完全相同，其额定电压为U，若已知灯泡L3和L4恰能正常工作，那么（）AL1和L2都能正常工作BL1和L2都不能正常工作C交流电源电压为2UD交流电源电压为4U考点：变压器的构造和原理版权所有专题：交流电专题分析：设每只灯的额定电流为I，因并联在副线圈两端的两只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电流为2I，由电流关系求出匝数比；由匝数比求电压关系解答：解：A、设每只灯的额定电流为I，额定电压为U，因并联在副线圈两端的两只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电流为2I，电流与匝数成反比，所以原副线圈电流之比为1：2，即原线圈的电流为I，L1和L2都能正常工作，A正确B错误；C、
10、副线圈两端电压为U，根据电压与匝数成正比，原线圈两端的电压为2U，所以电源的电压为4U，D正确故选：AD点评：本题解题的突破口在原副线圈的电流关系，难度不大，属于基础题7（4分）（2013秋齐河县校级月考）如图为甲、乙两灯泡的 IU 图象根据图象，计算甲、乙两灯并联在电压为 22OV 的电路中，实际发光的功率约为（）A15W 30WB30W 40WC40W 60WD60W 100W考点：电功、电功率版权所有专题：恒定电流专题分析：由图分别读出两灯的电流，根据公式P=UI求出两灯实际发光的功率解答：解：甲、乙两灯泡并联在电压220V的电路中，两灯的电压都是220V，由图分别两灯的电流分别为I甲=
11、0.18A，I乙=0.28A，由公式P=UI得，两灯实际发光的功率分别为P甲=39.6W40W，P乙=61.6W60W故选：C点评：本题一要抓住并联电路的特点：两灯电压相等，二要有基本的读图能力8（4分）（2013秋齐河县校级月考）在倾角为的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小为B的匀强磁场，区域I的磁场方向垂直斜面向上，区域的磁场方向垂直斜面向下，磁场的宽度均为L，一个质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，当ab边刚越过GH进入磁场区时，恰好以速度 v1做匀速直线运动；当ab边下滑到JP与MN的中间位置时，线框又恰好以速度v2做匀速直线运动，从ab进入GH到MN
12、与JP的中间位置的过程中，线框的动能变化量为Ek，重力对线框做功大小为W1，安培力对线框做功大小为W2，下列说法中正确的有（）A在下滑过程中，由于重力做正功，所以有v2v1B从ab进入GH到MN与JP的中间位置的过程中，机械能守恒C从ab进入GH到MN与JP的中间位置的过程，有（W1Ek）机械能转化为电能D从ab进入GH到MN与JP的中间位置的过程中，线框动能的变化量大小为Ek=WW2考点：导体切割磁感线时的感应电动势；法拉第电磁感应定律专题：电磁感应与电路结合分析：当ab边刚越过GH进入磁场区和ab边下滑到JP与MN的中间位置时，恰好做匀速直线运动，重力沿斜面向下的分力与安培力大小相等，可得
13、到速度关系从ab进入GH到MN与JP的中间位置的过程中，机械能减小，转化为电能，由能量守恒定律求解机械能转化为电能的数量从ab进入GH到MN与JP的中间位置的过程中，根据动能定理求解动能的变化解答：解：A、当ab边刚越过GH进入磁场区时，恰好以速度 v1做匀速直线运动，由平衡条件得：mgsin=；当ab边下滑到JP与MN的中间位置时，线框又恰好以速度v2做匀速直线运动，回路中总电动势为2BLv2，ab和cd两边都受到安培力，则有mgsin=，则有v2=v1在下滑过程中，重力做正功，安培力做的是负功故A错误；B、C从ab进入GH到MN与JP的中间位置的过程中，线框速度在减小，故其动能减小，由于安
14、培力做负功，机械能减小转化为电能根据功能关系得知，机械能减小量是（W1Ek）转化为电能故B错误，C正确D、从ab进入GH到MN与JP的中间位置的过程中，只有重力和安培力对线框做功，其所做的总功等于其动能的变化量，考虑到线框动能的减小，所以其克服安培力做功大于重力做功，故Ek=W合=W2W1，故D错误故选：C点评：本题从力和能量两个角度分析电磁感应现象，安培力的表达式F=是常用的经验公式，要记牢同时，要把握住能量是如何转化的问题9（4分）（2008秋孝感期末）如图所示：将一束等离子体喷射入磁场，在场中有两块金属板A、B，这时金属板上就会聚集电荷，产生电压如果射入的等离子体速度均为v，两金属板的板长为L，板间距离为d，板平面的面积为S，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于速度方向，负载电阻为R，电离气体充满两板间的空间当发电机稳定发电时，电流表示数为I，那么板间电离气体的电阻率为（）A
