2018年广东省惠阳高级中学高三上学期12月月考数学(文)试题

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1、2018届广东省惠阳高级中学高三上学期12月月考数学(文)试题(解析版) 一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分,每小题只有一项是符合题目要求的)1. 已知全集,集合A. B. C. D. 【答案】D【解析】全集,集合.故选D.2. 设复数满足,则( )A. 1 B. C. D. 2【答案】B【解析】由,得.故选B.3. 若幂函数的图像过点 ,则= ( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】设幂函数,图像过点 所以,解得.所以.故选D.4. 已知,则的夹角为 ( )A. 30 B. 45 C. 60 D. 120【答案】C【解析】由,得,又,即,两向量夹角的范围为0,180,

2、与的夹角为60.故选:C.5. 已知,为直线,为平面,下列结论正确的是 ( )A. 若 ,则 B. 若 ,则 C. 若 ,则 D. 若 ,则 【答案】B对于选项B,由垂直于同一平面的两条直线平行可知,选项B正确;对于选项C,平行与同一平面的两条直线可以平行,也可以相交或异面,所以错误;. 当,有或或,所以错误.故选B.6. 已知,则、大小关系是( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】, 故选D.7. 设aR,则“a1”是“直线l1:ax2y10与直线l2:x(a1)y40平行”的()A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件C. 充分必要条件 D. 既不充分也不必要条件【答案】A【解析

3、】试题分析:运用两直线平行的充要条件得出l1与l2平行时a的值,而后运用充分必要条件的知识来解决即可解:当a=1时,直线l1:x+2y1=0与直线l2:x+2y+4=0,两条直线的斜率都是,截距不相等,得到两条直线平行,故前者是后者的充分条件,当两条直线平行时,得到,解得a=2,a=1,后者不能推出前者,前者是后者的充分不必要条件故选A考点:必要条件、充分条件与充要条件的判断;直线的一般式方程与直线的平行关系8. 设是双曲线的两个焦点,是双曲线上的一点,且,则的面积等于 ( )A. 4 B. 8 C. 24 D. 48【答案】C【解析】P是双曲线上的一点,且,=2,=8,=6.|=2c=10,

4、为直角三角形.的面积S=68=24.故选C.点睛:双曲线上一点与两焦点构成的三角形,称为双曲线的焦点三角形,与焦点三角形有关的计算或证明常涉及到正(余)弦定理、双曲线的定义、三角形的面积公式。解题中常用到定义式的平方,再结合余弦定理和三角形的面积公式求解。9. 如图是由圆柱与圆锥组合而成的几何体的三视 图,则该几何体的表面积为 ( )A. 20 B. 24 C. 28 D. 32【答案】C【解析】试题分析:由三视图分析可知,该几何体的表面积为圆锥的表面积与圆柱的侧面积之和。,所以几何体的表面积为。考点:三视图与表面积。10. 函数的图象可能为 ( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】

5、由,所以函数是奇函数,所以函数的图象关于原点对称,故排除;当时,排除B,故选A.11. 把边长为的正方形沿对角线折起,使得平面平面,形成三棱锥的正视图与俯视图如图所示,则侧视图的面积为()A. B. C. D. 【答案】C【解析】取BD的中点E,连结CE,AE,平面ABD平面CBD,CEAE,三角形直角CEA是三棱锥的侧视图,BD=,CE=AE=,CEA的面积S=,故选:C.12. 若函数是R上的单调函数,则实数m的取值范围是 ( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】若函数是R上的单调函数,只需恒成立,即=412m0,m.故选A.点睛:本题考查导数和函数的单调性的关系;已知函数在某区间

6、上单调时,往往转化为导函数恒为正或恒为负,如:为上的单调递增函数,所以恒成立,而不要错误认为“恒成立”,若只是求函数的增区间可直接令即可.二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,把正确答案填在答题卡中的横线上)13. 命题“”的否定为_【答案】点睛:命题的否定和否命题要做好区别:(1)否命题是指将命题的条件和结论都否定,而且与原命题的真假无关;(2)否命题是只否结论,特别的全称命题的否定为特称,特称命题的否定为全称.14. 已知直线l1的方程为3x4y70,直线l2的方程为6x8y10,则直线l1与l2的距离为_【答案】【解析】直线l1的方程为3x4y70,即6x8y-14=0,直线

7、l2的方程为6x8y10,.答案为:.15. 等差数列的前n项和为,若_【答案】12【解析】因为:,所以.16. 若满足约束条件,则的最大值为_.【答案】3【解析】作出可行域如图中阴影部分所示,由斜率的意义知,是可行域内一点与原点连线的斜率,由图可知,点A(1,3)与原点连线的斜率最大,故的最大值为3.考点:线性规划解法三、解答题(本大题共6小题,共70分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)17. 在ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知b=3,SABC=3,求A和a.【答案】【解析】试题分析:先由数量积公式及三角形面积公式得,由此求A,再利用余弦定理求a.试题解析:因为,所

8、以,又,所以,因此,又,所以,又,所以.由余弦定理,得,所以.【考点】解三角形【名师点睛】正、余弦定理是应用极为广泛的两个定理,它将三角形的边和角有机地联系起来,从而使三角与几何产生联系,为求与三角形有关的量(如面积、外接圆、内切圆半径和面积等)提供了理论依据,也是判断三角形形状、证明三角形中有关等式的重要依据其主要方法有:化角法,化边法,面积法,运用初等几何法注意体会其中蕴涵的函数与方程思想、等价转化思想及分类讨论思想18. 数列满足.(1)设,证明是等差数列;(2)求的通项公式【答案】(1)见解析;(2)ann22n2【解析】试题分析:(1)由an22an1an2,得an2an1an1an

9、2,即可证得;(2)由(1)得bn12(n1)2n1,即an1an2n1,进而利用累加求通项公式即可.试题解析:(1)证明由an22an1an2,得an2an1an1an2,即bn1bn2.又b1a2a11,所以bn是首项为1,公差为2的等差数列(2)解由(1)得bn12(n1)2n1,即an1an2n1.于是(ak1ak)(2k1),所以an1a1n2,即an1n2a1.又a11,所以ann22n2,经检验,此式对n=1亦成立,所以,an的通项公式为ann22n2.点睛:本题主要考查等比数列的定义以及已知数列的递推公式求通项.由数列的递推公式求通项常用的方法有:(1)等差数列、等比数列(先根

10、据条件判定出数列是等差、等比数数列);(2)累加法,相邻两项的差成等求和的数列可利用累加求通项公式;(3)累乘法,相邻两项的商是能求出积的特殊数列时用累乘法求通项;(4)构造法,形如的递推数列求通项往往用构造法,即将利用待定系数法构造成的形式,再根据等比数例求出的通项,进而得出的通项公式.19. 某险种的基本保费为(单位:元),继续购买该险种的投保人称为续保人,续保人本年度的保费与其上年度出险次数的关联如下:上年度出险次数01234保费a1.25a1.5a1.75a2a随机调查了该险种的200名续保人在一年内的出险情况,得到如下统计表:出险次数01234频数605030302010()记A为事

11、件:“一续保人本年度的保费不高于基本保费”.求的估计值;()记B为事件:“一续保人本年度的保费高于基本保费但不高于基本保费的160”.求的估计值;()求续保人本年度的平均保费估计值.【答案】(1) P(A)的估计值为0.55 ;(2) 续保人本年度平均保费估计值为1.1925a【解析】试题分析:(1)由频率估计概率值可得的估计值是0.55;(2) 事件B发生当且仅当一年内出险次数大于1且小于5,据此可求得的估计值是0.4;(3) 列出保费和相应频率对应的列表,然后利用均值的计算公式可得续保人本年度的平均保费估计值是1.1925a.试题解析:()事件A发生当且仅当一年内出险次数小于2.由所给数据

12、知,一年内险次数小于2的频率为,故P(A)的估计值为0.55. ()事件B发生当且仅当一年内出险次数大于1且小于5.由是给数据知,一年内出险次数大于1且小于5的频率为,故P(B)的估计值为0.4()由题可知:保费0.85aa1.25a1.5a1.75a2a频率0.300.250.150.150.100.05调查200名续保人的平均保费为,因此,续保人本年度平均保费估计值为1.1925a. 20. 如图,四棱锥中,底面ABCD为矩形,平面,为的中点()证明:平面;()设,三棱锥的体积,求到平面的距离【答案】(1)见解析;(2)【解析】试题分析:(1)连结BD、AC相交于O,连结OE,则PBOE,

13、由此能证明PB平面ACE(2)以A为原点,AB为x轴,AD为y轴,AP为z轴,建立空间直角坐标系,利用向量法能求出A到平面PBD的距离试题解析:(I)设BD交AC于点O,连结EO。 因为ABCD为矩形,所以O为BD的中点。又E为PD的中点,所以EOPB 又EO平面AEC,PB平面AEC所以PB平面AEC。 (II)由,可得.作交于。由题设易知,所以故,又所以到平面的距离为法2:等体积法由,可得.由题设易知,得BC假设到平面的距离为d,又因为PB=所以又因为(或),所以考点:线面平行的判定及点到面的距离21. 已知函数f(x)ax3x2(aR)在x处取得极值(1)确定a的值;(2)若g(x)f(x)ex,讨论g(x)的单调性【答案】(1);(2) g(x)在(,4)和(1,0)内为减函数,在(4,1)和(0,+)内为增函数【解析】(1)对f(x)求导得f(x)=3ax2+2x f(x)=ax3+x2(

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