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1、湖南省衡阳市第八中学2019届高三上学期第二次月考物理试题一、选择题1.2017年11月17日，“中国核潜艇之父”-黄旭华获评全国道德模范，颁奖典礼上，习总书记为他“让座”的场景感人肺腑，下列有关核反应说法错误的是（ )A. 目前核潜艇是利用重核裂变提供动力B. 重核裂变反应前后一定有质量亏损C. 式中d=2D. 铀核裂变后的新核比铀核的比结合能小【答案】D【解析】【详解】A、核电站是利用核裂变释放的核能来发电的，故A正确.B、依据质能方程，可知，重核裂变反应前后一定有质量亏损，向外辐射能量，故B正确.C、依据质量数与质子数守恒，那么，式中d=2，故C正确.D、U235核裂变后生成的新核稳定，
2、可知U235核的比结合能比裂变后生成的新核的比结合能都小，故D错误.本题选择错误的，故选D.【点睛】考查裂变与聚变的区别，理解质能方程的含义，掌握书写核反应方程的规律，注意比结合能与结合能的不同.2.如图所示为氢原子的能级结构示意图，一群氢原子处于n=3的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外辐射出光子，用这些光子照射逸出功为2.49 eV的金属钠。下列说法正确的是（ )A. 这群氢原子能辐射出三种不同频率的光，其中从n=3能级跃迁到n=2能级所发出的光波长最短B. 这群氢原子在辐射光子的过程中电子绕核运动的动能减小，电势能增大C. 能发生光电效应的光有三种D. 金属钠表面所发出的光电子的最大初
3、动能是9.60 eV【答案】D【解析】试题分析：一群氢原子处于n=3的激发态，在向较低能级跃迁的过程中，跃迁过程有，和三种方式，所以辐射出三种光子，光子能量等于能级差，能量分别为，能够发生光电效应的只有2种，选项C错。其中光子能量最大的是从辐射的光子，此光子能量最大，频率最高，波长最短，选项A错。这群氢原子在辐射光子的过程中，绕核运动的半径变小，库伦力提供向心力即，半径变小，速度变大，动能变大，此过程库伦力做正功，电势能减少，选项B错。从跃迁时辐射光子能量最大，发出光电子的最大初动能，选项D对。考点：氢原子跃迁3.如图所示，在水平传送带上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块1、2、3, 1和
4、2及2和3间分别用原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是() A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】对木块3分析，摩擦力与弹簧弹力平衡，有m3g=kx，则.对木块2和3整体分析，摩擦力和弹簧弹力平衡，有：(m2+m3)g=kx，则.则1、3两木块的距离故C正确，A、B、D错误.故选C.【点睛】解决本题的关键能够正确地选择研究对象，根据共点力平衡、胡克定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用.4.甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v
5、t图象如图所示两图象在tt1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，OPQ的面积为S.在t0时刻，乙车在甲车前面，相距为d.已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t，则下面四组t和d的组合可能的是 （ ） A. tt1，dSB. tt1，dSC. tt1，dSD. tt1，dS【答案】D【解析】【详解】在t1时刻如果甲车没有追上乙车，以后就不可能追上了，故tt，从图象中甲、乙与坐标轴围成的面积即对应的位移看：A、当t=t1时，s甲-s乙=S，即当d=S时正好相遇，但第一次相遇的时刻为t，以后就不会相遇了，只相遇一次，故A组合不可能；B、C、D、当时，由几何关系可知甲的面积比乙的面积多出，即相距
6、时正好相遇，故B、C组合不可能，D组合可能；故选D.【点睛】本题是速度-时间图象的应用，知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，并能根据几何关系求出面积，能根据图象读取有用信息5.如图所示，质量为M劈体ABCD放在水平地面上，表面AB、AC均光滑，且ABCD，BDCD，AC与水平面成角。质量为m的物体（上表面为半球形）以水平速度v0冲上BA后沿AC面下滑，在整个运动的过程中，劈体M始终不动，P为固定的弧形光滑挡板，挡板与轨道间的宽度略大于半球形物体m的半径，不计转弯处的能量损失，则下列说法中正确的是A. 水平地面对劈体M的摩擦力始终为零B. 水平地面对劈体M的摩擦力先为零后向右C.
7、 劈体M对水平地面的压力大小始终为 (M+m)gD. 劈体M对水平地面的压力大小先等于(M+m)g，后小于(M+m)g【答案】D【解析】把物体m劈体M视为整体分析，开始物体匀速运动，斜劈静止整体处于平衡状态，所以水平地面对劈体M的摩擦力为零，劈体M对水平地面的压力大小为 (M+m)g，当物体沿AC面下滑时具有沿斜面向下的加速度，以整体为研究对象可知具有水平向左的分加速度，即水平地面对劈体M的摩擦力向左，具有竖直向下的分加速度，则整体处于失重状态，即劈体M对水平地面的压力大小小于(M+m)g，故可知D正确6.一倾角为的斜劈放在水平地面上，一物体沿斜劈匀速下滑现给物体施加如图所示的力F，F与竖直方
8、向夹角为，斜劈仍静止，则此时地面对斜劈的摩擦力() A. 大小为零B. 方向水平向右C. 方向水平向左D. 无法判断大小和方向【答案】A【解析】【详解】没有施加力F时，由物体匀速下滑可知mgsinmgcos，得tan，物体受重力G、斜面的弹力FN、斜面的摩擦力Ff，且三力的合力为零，故FN与Ff的合力竖直向上，如图所示：当物体受到外力F时，物体受斜面的弹力为FN、摩擦力为Ff，FN与Ff的合力与FN的夹角为，则，故，即FN与Ff的合力方向竖直向上，由牛顿第三定律知，物块对斜面体的作用力竖直向下，故斜面体在水平方向上不受力，故选A。【点睛】本题关键对滑块受力分析后根据平衡条件得到支持力和摩擦力的
9、合力方向，然后根据牛顿第三定律得到滑块对斜面体的作用力的合力方向，当压力增加后，滑动摩擦力也增加，但两个力的合力方向不变7.如图所示，在倾角为30的光滑斜面上放置质量分别为m和2m的四个木块，其中两个质量为m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的最大静摩擦力是fm现用平行于斜面的拉力F拉其中一个质量为2m的木块，使四个木块沿斜面以同一加速度向下运动，则拉力F的最大值是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】当下面2m的物体摩擦力达到最大时，拉力F达到最大。将4个物体看做整体，由牛顿第二定律：F+6mgsin30=6ma ,将2个m及上面的2m看做整体：fm+4mgsin30=4
10、ma ,由、解得：;故选C.【点睛】本题注意分析题目中的条件，明确哪个物体最先达到最大静摩擦力；再由整体法和隔离法求出拉力8.如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角的关系，将某一物体每次以不变的初速率沿足面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角，实验测得x与斜面倾角的关系如图乙所示，g取10 ms2，根据图象可求出( )A. 物体的初速率B. 物体与斜面间的动摩擦因数C. 取不同的倾角，物体在斜面上能达到的位移x的最小值D. 当某次时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑【答案】C【解析】【详解】A、由图可知，当=90时物体做竖直上抛运动，位移为x=1.80m；由竖直上抛运动规律
11、可知:v02=2gh，代入数据解得v0=6m/s，故A错误.B、当=0时，位移为 x=2.40m；由动能定理可得：，代入数据解得：=0.75，故B错误.C、由动能定理得：，解得：，当+=90时，sin(+)=1；此时位移最小，x=1.44m；故C正确.D、若=30时，物体的重力沿斜面向下的分力为，最大静摩擦力为,小球达到最高点后,不会下滑，故D错误.故选C.【点睛】本题综合考查动能定理、受力分析及竖直上抛运动；并键在于先明确图象的性质，再通过图象明确物体的运动过程；结合受力分析及动能定理等方法求解9.如图所示，放在光滑水平面上的A、B两小物体中间有一被压缩的轻质弹簧，用两手分别控制两小物体处于
12、静止状态，如图所示下面说法正确的是（）A. 两手同时放开后，两物体的总动量为零B. 先放开右手，后放开左手，两物体的总动量向右C. 先放开左手，后放开右手，两物体的总动量向右D. 两手同时放开，两物体的总动量守恒；当两手不同时放开，在放开一只手到放开另一只手的过程中两物体总动量不守恒【答案】ABD【解析】【详解】A、若两手同时放开A、B两车，系统所受合外力为零，系统动量守恒，由于系统初动量为零，则系统总动量为零，故A正确；B、先放开右手，再放开左手，两车与弹簧组成的系统所受合外力的冲量向右；系统总动量向右；故B正确；C、先放开左手，再放开右手，系统所受合外力向左，系统所受合外力的冲量向左，系统
13、总动量向左，故C错误；D、无论何时放手，两手放开后，系统所受合外力为零，系统动量守恒，在弹簧恢复原长的过程中，系统总动量都保持不变，如果同时放手，系统总动量为零，如果不同时放手，系统总动量不为零，则系统的总动量不一定为零，故D正确；故选ABD。【点睛】知道动量守恒的条件即可正确解题，系统所受合外力为零时，系统动量守恒10.如图所示，一辆小车静止在水平地面上，bc是固定在小车上的水平横杆，物块M穿在杆上，M通过线悬吊着小物体m，m在小车的水平底板上，小车未动时，细线恰好在竖直方向上，现使车向右运动，全过程中M始终未相对杆bc移动，M、m与小车保持相对静止，已知，M受到的摩擦力大小依次为f1，f2
14、，f3，f4，则以下结论正确的是（）A. B. C. D. 【答案】CD【解析】【详解】甲乙两图中，M水平方向只受静摩擦力作用，根据牛顿第二定律得：f1=Ma1,f2=Ma2丙丁两图中，对m和M整体受力分析，受总重力(M+m)g、支持力N、摩擦力f，如图所示：根据牛顿第二定律，有：f=（M+m）a；即f3=（M+m）a3，f4=（M+m）a4又：a1：a2=1：2，则：f1：f2=1：2，故A错误；a2：a3=2：4，f2：f3=M：2（M+m），故B错误；f3：f4=a3：a4=4：8=1：2，故C正确；对物体m隔离受力分析，可得，而a3：a4=4：8，所以 tan=2tan，故D正确.故选
15、CD.【点睛】本题关键是对滑块、滑块与小球整体受力分析后根据牛顿第二定律列式求解.11.如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m， 静止叠放在水平地面上。A、B间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为 g。现对A施加一水平拉力F，则下列说法中正确的是（ ）A. 当F3mg时，A相对B滑动D. 无论F为何值，B的加速度不会超过g【答案】BCD【解析】【详解】A、设B对A的摩擦力为f1，A对B的摩擦力为f2，地面对B的摩擦力为f3，由牛顿第三定律可知f1与f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均为2mg，f3的最大值为故当时，A、B均保持静止；继续增大F，在一定范围内A、B将相对静止以共同
