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1、湖南省常德市石门一中2019年高三入学考试物理试题一、选择题（12*4=48分，其中1-8是单选，9-12为多选）1.一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小逐渐减小为零，则在此过程中A. 速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B. 速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值C. 位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D. 位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值【答案】B【解析】一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速
2、度逐渐增大，当加速度减小到零时，物体将做匀速直线运动，速度不变，而此时速度达到最大值。故A错误，B正确。由于质点做方向不变的直线运动，所以位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度不为零，所以位移继续增大。故C正确，D错误。故选BC。点睛：此题关键是知道做直线运动的物体速度的增减要看加速度与速度的方向关系；位移的增减要看速度的方向是否变化.2.如图所示，滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零。若用x、v、a分别表示滑块下滑的位移、速度和加速度的大小，t表示时间，则下列图象中能正确描述该过程的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析：在下滑过程中，物体的加
3、速度为mgsin-mgcos=ma，a=gsin-gcos，加速度的大小保持不变故D错误；下滑过程中速度大小关系为v=v0+at=v0+（gsin-gcos）t，速度与时间之间是线性关系，所以速度图线是一条直线故C错误；物体向下做匀减速运动，故下滑的位移为s=v0t+at2v0t+（gsingcos）t2，位移-时间关系的图象是向右弯曲的线故B正确；同理，下降的高度为h=ssin，也是向右弯曲的线故A错误；故选B考点：牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题主要考查了运动学公式，关键是把s、h、v与时间的表达式表示出来即可。 3.如图所示，t0时，质量为0.5 kg的物体从光滑斜面上的A点由静开始下
4、滑，经过B点后进入水平面(设经过B点前后速度大小不变)，最后停在C点测得每隔2 s的三个时刻物体的瞬时速度，记录在下表中g取10 m/s2，则下列说法中正确的是t/s0246v/(ms1)08128A. 物体运动过程中的最大速度为12 m/sB. t3 s时刻物体恰好经过B点C. t10 s时刻恰好停在C点D. A、B间的距离大于B、C间的距离【答案】C【解析】根据表格可知物体下滑的加速度a=4 m/s2，在水平面上的加速度为，如果第4 s在斜面上，由可知速度为16 m/s，由此可知第4 s末物体在平面上，最大速度是在B点，最大速度不是12 m/s，A错误；物体在斜面上运动的时间为t，到第4
5、s末在平面上运动时间为，得，B错误；第6 s末的速度是8 m/s，到停下来还需的时间，所以到C点的时间为10 s，C正确；到达B点的速度，由得，D错误。4.如图所示，一物块从一光滑且足够长的固定斜面顶端O点无初速释放后，先后通过P、Q、N三点，已知物块从P点运动到Q点与从Q点运动到N点所用的时间相等，且PQ长度为3 m，QN长度为4 m，则由上述数据可以求出OP的长度为A. m B. m C. 2 m D. 3 m【答案】A【解析】试题分析：设相等的时间为t，加速度为a，由：s=at2，得加速度：Q点的速度为PN段的平均速度：，则OQ间的距离：；则OP长度：故ACD错误，B正确；故选B考点：匀
6、变速运动的规律【名师点睛】解决本题的关键掌握匀变速运动的两个重要推论，1、某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度2、在相邻的相等时间内的位移差是恒量，即x=aT2。5.伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的实验：他让一个铜球从阻力很小(可忽略不计)的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次。假设某次实验伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置A、B、C。让小球分别由A、B、C滚下，如图所示，A、B、C与斜面底端的距离分别为x1、x2、x3，小球由A、B、C运动到斜面底端的时间分别为t1、t2、t3，小球由A、B、C运动到斜面底端时的速度分别为v1、v2、v3，则下列关系式中正确并且是伽利略用来证
7、明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是A. B. C. D. x1x2x2x3【答案】A【解析】由v=at可得，a=，三次下落中的加速度相同，故公式正确，但不是伽利略用来证用匀变速直线运动的结论；故A错误；小球在斜面上三次运动的位移不同，末速度一定不同，即，故B错误；由图可知及运动学规律可知，s1-s2s2-s3，故C错误；由运动学公式可知，s=at2故 ，故三次下落中位移与时间平方向的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，故D正确；故选D6.如图所示，某“闯关游戏”的笔直通道上每隔8m设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，放行和关闭的时间分别为5s和
8、2s.关卡刚放行时，一同学立即在关卡1处以加速度由静止加速到2m/s，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是A. 关卡2 B. 关卡3 C. 关卡4 D. 关卡5【答案】C【解析】试题分析：根据v=at可得，2=2t1，所以加速的时间为t1=1s；加速的位移为x1=at2=212=1m，之后匀速运动的时间为s=35s，到达关卡2的时间为t2=1+35=45s小于5s，放行；可以通过，所以可以通过关卡2继续运动，从第2关卡到第3关卡匀速运动时间t3=s=4s，所以到达第3关卡的时刻（从开始运动计时）为 85s，78512，也是放行，可以通过，从第3关卡到第4关卡匀速运动时间仍然是，所以到达第4关
9、卡的时刻（从开始运动计时）为到达关卡4的总时间为1+35+4+4=125s，128514；关卡放行和关闭的时间分别为5s和2s，此时关卡4是关闭的，所以最先挡住他前进的是关卡4，所以C正确；故选C考点：匀变速直线运动的规律【名师点睛】本题是对匀变速直线运动位移时间关系式的考查，注意开始的过程是匀加速直线运动，要先计算出加速运动的时间。 7.一质点做匀加速直线运动，位移为x1时，速度的变化为v;紧接着位移为x2时，速度的变化仍为v。则质点的加速度为A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据知，发生相同的速度变化所需时间相等，求出时间间隔，根据相邻相等时间位移之差求加速度.【详解】发生
10、所用的时间为：，根据，得：，解得：，故选A。【点睛】本题考查了匀变速直线运动的规律，关键是知道相邻相等时间内位移之差等于常数这一结论的正确应用8.甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距s6 m，乙车在前，甲车在后，某时刻两车同时开始运动，两车运动的过程如图所示，则下列表述正确的是A. 当t4 s时，两车相遇B. 当t4 s时，两车间的距离最大C. 两车有两次相遇D. 两车有三次相遇【答案】D【解析】试题分析：图象与时间轴围成的面积可表示位移，甲的位移为，乙的位移为，甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距，当时，甲车在前，乙车在后，相距所以当时两车不相遇，第一次相遇发生在之前，故A错误；开始
11、时乙车在前，甲车在后，甲的速度大于乙的速度，所以两车间的距离减小，故B错误；，甲的位移为，乙的位移为，两车第二次相遇，后，由于乙的速度大于甲的速度，乙又跑到前面，后，由于甲的速度大于乙的速度，两车还会发生第三次相遇，故C错误，D正确。考点：匀变速直线运动的图像【名师点睛】速度-时间图象中要注意观察三点：一点，注意横纵坐标的含义；二线，注意斜率的意义；三面，速度-时间图象中图形与时间轴围成的面积为这段时间内物体通过的位移。9.(多选)一条东西方向的平直公路边上有两块路牌A、B，A在西B在东，一辆匀速行驶的汽车自东向西经过B路牌时，一只小鸟恰自A路牌向B匀速飞去，小鸟飞到汽车正上方立即折返，以原速
12、率飞回A，过一段时间后，汽车也行驶到A.以向东为正方向，它们的位移时间图象如图所示，图中t22t1，由图可知A. 小鸟的速率是汽车速率的两倍B. 相遇时小鸟与汽车位移的大小之比是31C. 小鸟飞行的总路程是汽车的1.5倍D. 小鸟和汽车在0t2时间内位移相等【答案】BC【解析】试题分析：由题意可知，相遇所用时间，故机遇时汽车的位移为全程的1/4，所以小鸟与汽车的位移之比为3:1，所以B正确；可知小鸟飞过的路程为全程的3/2倍，即汽车的1.5倍，所以C正确；小鸟用时为汽车的1/2，根据可得，小鸟的速率为汽车的3倍，所以A错误；位移是矢量，在此过程中，小鸟的位移为0，所以D错误。考点：运动图象10
13、.历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”(现称“另类匀变速直线运动”)，“另类加速度”定义为，其中v0和vt分别表示某段位移s内的初速和末速，A0表示物体做加速运动，A0且保持不变，则a逐渐变大C. 若A不变，则物体在中间位置处的速度为D. 若A不变，则物体在中间位置处的速度为【答案】BC【解析】【详解】A、B、若A不变，有两种情况：一第一种情况：A0，相等位移内速度增加量相等，则知平均速度越来越大，所以相等位移内所用时间越来越少，由可知，a越来越大；第二种情况：A0，相等位移内速度减少量相等，平均速度越来越小，所以相等位移内用的时间越来越多，由得知可
14、知a越来越小，故A错误、B正确C、D、因为相等位移内速度变化相等，所以中间位置处位移为，速度变化量为，所以此位置的速度为=故C正确、D错误.故选BC【点睛】本题属于信息题，正确读取和应用所给信息是解题关键，如本题中根据题意可知“另类匀变速直线运动”中速度是随位移均匀增加的11.甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其vt图象如图所示。已知两车在t=3 s时并排行驶，则A. 在t=1 s时，甲车在乙车后B. 在t=0时，甲车在乙车前7.5 mC. 两车另一次并排行驶的时刻是t=2 sD. 甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40 m【答案】BD【解析】已知两车在t=0时并排行驶，在0-1
15、s内，甲车的速度比乙车的小，所以在t=1s时，甲车在乙车后，故A正确根据速度时间图线与时间轴所围的面积大小表示位移可得，在t=3s时，两车的位移之差为x=x乙-x甲=，则在t=3s时，甲车在乙车后7.5m故B正确根据“面积”表示位移，可知两车另一次并排行驶的时刻是t=4s，故C错误两车另一次并排行驶的时刻是t=4s，甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为 S=60m，故D错误故选AB.点睛：本题是追及和相遇问题解答此题的关键是根据速度图象分析物体运动情况，要注意两车的位置关系和距离随时间如何变化，当两车相遇时，位移之差等于原来之间的距离 12.甲、乙两质点在同一直线上做匀加速直线运动的vt图象如图所示,在3s末两质点在途中相遇,两质点位置关系是( )A. 相遇前甲、乙
