《2019年高考物理二轮复习精编练习：选择题48分练 14 word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年高考物理二轮复习精编练习：选择题48分练 14 word版含解析（7页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、选择题48分练(十四)(时间：20分钟分值：48分)(15小题为单选题，68小题为多选题)1.如图1所示电路中，电流表A和电压表V均可视为理想电表现闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动，下列说法正确的是()图1A电流表A的示数变小，电压表V的示数变大B小灯泡L变亮C电容器C上电荷量减少D电源的总功率变大A闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流I减小，则小灯泡L变暗，电流表A的示数变小电压表的示数UEI(RLr)，I减小，其他量不变，则U增大，即电压表V的示数变大，故A正确，B错误电容器的电压等于变阻器两端的电压，即等于电
2、压表的示数，U增大，由QCU，知电容器C上的电荷量增多，故C错误电源的总功率PEI，I减小，则电源的总功率变小，故D错误2. (2018枣庄三中一调)如图2所示，质量为M的盒子放在光滑的水平面上，盒子内表面不光滑，盒内放有一块质量为m的物体，某时刻给物体一个水平向右的初速度v0，那么在物体与盒子前后壁多次往复碰撞后()图2A两者的速度均为零B两者的速度总不会相等C盒子的最终速度为，方向水平向右D盒子的最终速度为，方向水平向右C选物体与盒子组成的系统为研究对象，由水平方向动量守恒得mv0(Mm)v，所以v，v方向与v0同向，即方向水平向右，C正确3.如图3所示，以速度v将小球沿与水平方向成37角
3、方向斜向上抛出，结果小球刚好能垂直打在竖直墙上，小球反弹后的速度方向水平，速度的大小为碰撞前速度大小的，不计空气阻力，则反弹后小球的速度大小再次为v时，速度与水平方向夹角的正切值为()图3A.B.C. D.B小球斜向上抛出垂直打在墙上，可逆向视为平抛运动，设打在墙上的速度为v0，则v0vcos 37，反弹后以v0抛出，当速度为v时，v0vcos ，联立解得cos ，故tan ，B正确4(2018衡阳二次联考)如图4所示，倾角为的斜面体c置于水平地面上，小盒b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，连接a的一段细绳竖直，a连接在竖直固定在地面的弹簧上端现在b
4、盒内缓慢放入适量沙粒，a、b、c始终处于静止状态，下列说法正确的是()图4A弹簧的弹力可能增大Bb盒所受的摩擦力一定减小C斜面体c对地面的压力可能不变D地面对c的摩擦力一定不变Da、b、c始终处于静止状态，则弹簧的长度不变，由胡克定律可知弹簧的弹力大小不变，A错误；由于不知道b的重力沿着斜面方向的分力与细线拉力的大小关系，故不能确定静摩擦力的方向，故随着沙子质量的增加，静摩擦力可能增加、可能减小，有可能先减小后增大，B错误；以b与c组成的整体为研究对象，整体受到重力、支持力以及绳子向右上方的拉力、地面的摩擦力，在b盒内缓慢加入适量砂粒后，竖直向下的重力增大，而其他的力不变，所以整体受到的支持力
5、一定增大，即斜面体c对地面的压力一定增大，C错误；因为弹簧的弹力大小不变，a的重力恒定，所以绳子的拉力恒定，以b与c组成的整体为研究对象，整体受到重力、绳子向右上方的拉力、地面的摩擦力和支持力，而在水平方向上绳子的拉力有一个向右的分力，与摩擦力等大反向，故地面对c的摩擦力一定不变，D正确5(2018广西三市联考)如图5所示，某段滑雪雪道倾角为30，总质量为m(包括滑雪具在内)的滑雪运动员从距底端高为h处的雪道上由静止开始匀加速下滑，加速度ag，在他从上向下滑到底端的过程中，下列说法正确的是()图5A运动员减少的重力势能全部转化为动能B下滑过程中系统减少的机械能为mghC运动员获得的动能为mgh
6、D运动员克服摩擦力做功为mghB若物体不受摩擦力，根据牛顿第二定律有：mgsin 30ma，则加速度应为agsin 30，而现在的加速度小于，故运动员应受到摩擦力，所以减少的重力势能有一部分转化为了内能，故A错误；运动员下滑的距离：l2h，根据速度位移公式v22al，可得：v，动能为：Ekmv2，故C错误；由动能定理可知：mghWfmv2，解得：Wfmgh，故D错误；机械能的减小量等于克服阻力所做的功，故下滑过程中系统减少的机械能为mgh，故B正确6. (2018重庆江津中学月考)地球赤道上的重力加速度为g，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a，质量相等的三颗卫星甲、乙、丙在如图6所示的三个
7、椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的运行轨道在P点相切不计阻力，以下说法正确的是()图6A如果地球的转速为原来的倍，那么赤道上的物体将会飘起来而处于完全失重状态B卫星甲、乙分别经过P点时的速度相等C卫星甲的机械能最大D卫星周期：T甲T乙T丙ACD使地球上的物体随地球自转的向心加速度为a时，有：Gmgma；当物体飘起来的时候，由万有引力完全提供向心力，有 Gma；则此时物体的向心加速度为 aga；根据向心加速度和转速的关系有：aR(2n)2，aR(2n)2，可得：nnn，故A正确物体在椭圆形轨道上运动时，轨道高度越高，在近地点时的速度越大，所以卫星甲经过P点时的速度比卫星乙经过P点时的速度大，故B
8、错误卫星的机械能跟卫星的速度、高度和质量有关，因卫星甲的最远点较远，故甲卫星的机械能最大，故C正确根据开普勒第三定律知，椭圆半长轴越小，卫星的周期越小，卫星丙的半长轴最短，甲的最长，则T甲T乙T丙，故D正确7(2018德州一模)如图7所示，光滑绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与x轴平行，现有一个质量为0.1 kg、电荷量为2.0108 C的滑块P(可看做质点)，仅在电场力作用下由静止沿x轴向左运动电场力做的功W与物块坐标x的关系用图中曲线表示，图中斜线为该曲线过点(0.3,3)的切线则下列说法正确的是()图7A此电场一定是匀强电场B电场方向沿x轴的正方向C点x0
9、.3 m处的场强大小为1.0105N/CDx0.3 m与x0.7 m间的电势差是100 VBD根据WEqx可知，滑块P向左运动的过程中，随x的增加图线的斜率逐渐减小，则场强逐渐减小，此电场一定不是匀强电场，选项A错误；滑块P向左运动的过程中，电场力对带负电的电荷做正功，则电场方向沿x轴的正方向，选项B正确；点x0.3 m处的电场力大小为FEqk N1.0105 N，则EV/m500 V/m，选项C错误；x0.3 m与x0.7 m间，电场力做功为W2106J，可知电势差是UV100 V，选项D正确8(2018郴州二次质监)如图8所示，半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B.
10、M为磁场边界上一点，有无数个带电量为q、质量为m的相同粒子(不计重力)在纸面内向各个方向以相同的速率通过M点进入磁场，这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的1/4.下列说法正确的是()图8A粒子从M点进入磁场时的速率为vB粒子从M点进入磁场时的速率为vC若将磁感应强度的大小增加到B，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的D若将磁感应强度的大小增加到B，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的AC因为粒子射出边界的位置处于边界的某一段圆弧上，并不是整个圆周上都有，所以粒子做圆周运动的半径小于R，则粒子能射到的边界其圆弧所对应的弦长正好等于圆周运动的直径，因为这段圆弧的弧长是圆周长的，所以弦长对应的等腰三角形的内顶角为90，所以弦长2r2Rsin 45，则粒子做圆周运动的半径rRsin 45R，粒子做圆周运动，洛伦兹力充当向心力，即qvBm，所以v，故A正确，B错误；若B变为原来的倍，则粒子在磁场中做圆周运动的半径r，同理可得，对应的弦长为R，由几何关系可得粒子做圆周运动转过磁场的圆心角为60，所以粒子射出边界的圆弧长度为原来的，故C正确，D错误
