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1、第7讲自由组合定律考试要求1.两对相对性状的杂交实验、解释及验证(b/b)。2.自由组合定律的实质(b/b)。3.自由组合定律的应用(c/c)。4.活动：模拟孟德尔杂交实验(b/b)。1.(2018浙江4月选考)为研究某种植物3种营养成分(A、B和C)含量的遗传机制，先采用CRISPR/Cas9基因编辑技术，对野生型进行基因敲除突变实验，经分子鉴定获得3个突变植株(M1、M2、M3)，其自交一代结果见下表，表中高或低指营养成分含量高或低。植株(表现型)自交一代植株数目(表现型)野生型(A低B低C高)150(A低B低C高)M1(A低B低C高)60(A高B低C低)、181(A低B低C高)、79(A
2、低B低C低)M2(A低B低C高)122(A高B低C低)、91(A低B高C低)、272(A低B低C高)M3(A低B低C高)59(A低B高C低)、179(A低B低C高)、80(A低B低C低)下列叙述正确的是()A.从M1自交一代中取纯合的(A高B低C低)植株，与M2基因型相同的植株杂交，理论上其杂交一代中只出现(A高B低C低)和(A低B低C高)两种表现型，且比例一定是11B.从M2自交一代中取纯合的(A低B高C低)植株，与M3基因型相同的植株杂交，理论上其杂交一代中，纯合基因型个体数杂合基因型个体数一定是11C.M3在产生花粉的减数分裂过程中，某对同源染色体有一小段没有配对，说明其中一个同源染色体
3、上一定是由于基因敲除缺失了一个片段D.可从突变植株自交一代中取A高植株与B高植株杂交，从后代中选取A和B两种成分均高的植株，再与C高植株杂交，从杂交后代中能选到A、B和C三种成分均高的植株解析由题干信息可知，野生型自交，子代全部为野生型，可推知野生型植株为纯合子；M1突变体自交一代的性状分离比约为9(A低B低C高)3(A高B低C低)4(A低B低C低)，M2突变体自交一代的性状分离比约为9(A低B低C高)3(A低B高C低)4(A高B低C低)，M3突变体自交一代的性状分离比约为9(A低B低C高)3(A低B高C低)4(A低B低C低)，可推知这三个突变体都是杂合子且基因型不同，三对基因共同决定A、B、
4、C三种营养成分含量的高低。自交后代中表现型为A低B低C高的植株占9/16，可设其基因型为A_B_C_，则野生型植株的基因型为AABBCC。M1(AaBBCc)突变体自交后代中各基因型所占比例分别为9/16(A_BBC_)、4/16(A_BBcc、aaBBcc)、3/16(aaBBC_)；M2突变体(AaBbCC)自交后代中各基因型所占比例为9/16(A_B_CC)、3/16(A_bbCC)、4/16(aaB_CC、aabbCC)；M3突变体(AABbCc)自交后代中各基因型所占比例为9/16(AAB_C_)、3/16(AAbbC_)、4/16(AAB_cc、AAbbcc)，可推知营养物质A、B
5、、C之间存在相互转换关系X物质C，基因C缺乏时三者含量都低，基因a对基因b有隐性上位作用，aa或bb存在时，物质C含量均表现为低。M1自交一代中取纯合的A高B低C低植株(aaBBCC)与和M2基因型相同的植株(AaBbCC)杂交，杂交一代中只出现A高B低C低(aaBbCC、aaBBCC)和A低B低C高(AaBbCC、AaBBCC)两种表现型，且比例一定是11，A正确；M2自交一代中取纯合的A低B高C低植株(AAbbCC)，与和M3基因型相同的植株(AABbCc)杂交，杂交一代中，纯合基因型个体数杂合基因型个体数是AAbbCC(AABbCCAABbCcAAbbCc)13，B错误；M3某对同源染色
6、体有一小段没有配对，可能是由于基因敲除缺失片段，也可能是由于染色体结构变异的片段缺失，C错误；若A和B两种成分均高，则无A、B显性基因，基因a对b有隐性上位作用，不可能得到三种成分均高的植株，D错误。答案A2.(2017浙江11月选考)豌豆子叶的黄色对绿色为显性，种子的圆粒对皱粒为显性，且两对性状独立遗传。以1株黄色圆粒和1株绿色皱粒的豌豆作为亲本，杂交得到F1，其自交得到的F2中黄色圆粒黄色皱粒绿色圆粒绿色皱粒93155，则黄色圆粒的亲本产生的配子种类有()A.1种 B.2种 C.3种 D.4种解析比例93155，可分解成9331加上绿圆绿皱124所得到，故F1中基因型为AaBb和aaBb，
7、且比例11，因此亲本黄圆、绿皱的基因型分别为AaBB、aabb，所以黄色圆粒亲本能产生的配子有AB和aB两种，B正确。答案B3.(2017浙江4月选考)豌豆种子的黄色(Y)和绿色(y)、圆粒(R)和皱粒(r)是两对相对性状。下列基因型中属于纯合子的是()A.YyRr B.YYRr C.YYRR D.YyRR解析纯合子中不含有等位基因。答案C4.(2018浙江11月选考)某种昆虫的正常翅与裂翅、红眼与紫红眼分别由基因B(b)、D(d)控制。为研究其遗传机制，选取裂翅紫红眼雌、雄个体随机交配，得到的F1表现型及数目见下表。裂翅紫红眼裂翅红眼正常翅紫红眼正常翅红眼雌性个体(只)雄性个体(只)1024
8、8522598524825回答下列问题：(1)红眼与紫红眼中，隐性性状是_，判断的依据是_。亲本裂翅紫红眼雌性个体的基因型为_。(2)F1的基因型共有_种。F1正常翅紫红眼雌性个体的体细胞内基因D的数目最多时有_个。F1出现4种表现型的原因是_。(3)若从F1中选取裂翅紫红眼雌性个体和裂翅红眼雄性个体交配。理论上，其子代中杂合子的比例为_。解析(1)亲本均为紫红眼，子代出现红眼，可知红眼是隐性性状。逐对分析子代表现型及比例，裂翅正常翅21，紫红眼红眼21，且雌雄无明显差异，可知两对等位基因均位于常染色体上，且遵循自由组合定律，但裂翅纯合致死、紫红眼纯合致死，因此双亲的基因型均为BbDd。(2)
9、由第(1)小题分析可知，F1的基因型共有4种。F1正常翅紫红眼雌性个体的基因型为bbDd，考虑细胞分裂DNA复制，因此其体细胞内基因D的数目最多时有2个。F1出现4种表现型的原因是减数分裂过程中，非同源染色体上非等位基因自由组合。(3)F1中选取裂翅紫红眼雌性个体(BbDd)和裂翅红眼雄性个体(Bbdd)交配，逐对分析，子代中BB致死、Bbbb21，Dddd11，因此纯合子bbdd为1/6，杂合子的比例即为5/6。答案(1)红眼紫红眼与紫红眼交配，F1出现了红眼BbDd(2)42减数分裂过程中，非同源染色体上非等位基因自由组合(3)5/61.正误判断(1)F1(YyRr)产生的雌、雄配子自由组
10、合，共有16种组合方式。()(2)具有两对相对性状的两纯合亲本杂交，F2中重组类型占3/8。()(3)在两对相对性状的杂交实验中，F2中能够稳定遗传的个体占1/4。()(4)在自由组合遗传实验中，先进行等位基因的分离，再实现非等位基因的自由组合。()(5)自由组合定律的实质是等位基因分离的同时，非等位基因自由组合。()(6)两对相对性状遗传时，若每对相对性状的遗传均遵循分离定律，则这两对相对性状的遗传遵循自由组合定律。()(7)病毒、原核生物以及进行无性生殖的真核生物的遗传，均不适用于孟德尔遗传定律。()(8)基因型AaBb的生物减数分裂一定生成AB、Ab、aB、ab四种类型的配子，且数量相等
11、。()2.填充表格若患甲病的概率为m，患乙病的概率为n，且两病独立遗传，完成下表：类型计算公式不患甲病的概率_不患乙病的概率_只患甲病的概率_只患乙病的概率_同患两种病的概率_只患一种病的概率_患病概率_不患病概率_提示1m1nm(1n)n(1m)mnmn2mn或m(1n)n(1m)mnmn或1(1m)(1n)(1m)(1n)考点1围绕两对相对性状的杂交实验、解释、验证及自由组合定律的实质考查科学探究能力1.两对相对性状的纯合亲本杂交得F1，F1自交得F2，F2出现四种表现型，且比例约为9331。下列叙述正确的是()A.每对相对性状的遗传遵循分离定律，且表现为不完全显性B.F1产生的雌配子和雄
12、配子数量相等，各有四种类型C.F1产生的雌配子和雄配子随机结合，有9种组合方式D.F2中与亲代表现型不同的新组合类型占3/8或5/8解析根据F2出现四种表现型且分离比为9331，得出两对相对性状表现为完全显性，A错误；F1产生的雌雄配子种类相同，但数量不等，B错误；F1产生的雌雄配子有16种组合方式，C错误；F2中与亲代表现型不同的新组合类型占6/16或10/16，D正确。答案D2.下图所示杂合子的测交后代会出现性状分离比1111的是()解析若测交后代出现1111的性状分离比，则杂合子产生的配子应为4种，比例是1111。答案C自由组合定律的实质减数分裂形成配子时，同源染色体上的等位基因分离的同
13、时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。如图：提醒：非等位基因有两类：同源染色体上的非等位基因和非同源染色体上的非等位基因，遵循自由组合定律的只是非同源染色体上的非等位基因。考点2模拟孟德尔杂交实验3.(2018温州模拟)下列关于“模拟孟德尔两对相对性状杂交实验”活动的叙述，正确的是()A.准备实验材料时，需要4个信封和代表不同等位基因的4种卡片B.“雌”、“雄”信封中卡片数量相同，表示产生的雌、雄配子数量相等C.模拟F1产生配子时，可准备等量标有“YR、Yr、yR、yr”的四种卡片D.模拟受精作用时，需将随机抽出的2张卡片组合记录后，再放回原信封解析雌、雄配子数量不相等；模拟F1产生配子时，
14、可准备等量标有“Y、y、R、r”的四种卡片；模拟受精作用时，需将随机抽出的4张卡片组合记录后，再放回原信封。答案A考点3结合自由组合定律的应用考查科学思维能力4.人类多指(T)对正常(t)是显性，正常肤色(A)对白化病(a)是显性，控制这两对相对性状的基因分别位于两对常染色体上，是独立遗传的。一个家庭中，父亲多指，母亲不多指，肤色均正常，他们生的第一个孩子患白化病但不多指，则他们所生的下一个孩子只患一种病和患两种病的概率分别是()A.1/2和1/8 B.3/4和1/4C.1/4和1/4 D.1/4和1/8解析根据题意，父亲多指，肤色正常，T_A_；母亲不多指，肤色正常，ttA_；孩子不多指，白化病，ttaa。不难推导出双亲的基因型分别为：父TtAa，母ttAa。他们所生孩子表现情况如下：同时患两种病的概率：(1/2)(1/4)1/8；只患一种病的概率：(1/2)(3/4)(1/2)(1/4)1/2；正常的概率：(1/2)(3/4)3/8；患病概率1正常的概率1(3/8)5/8。答案
