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1、深入理解课文，了解孙中山，了解“布衣”与总统的关系，了解布衣总统的来历及其布衣特色的体现，体会甘于淡泊精神对当代青年的教育意义。选择题限时突破(八)(限时：25分钟)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14下列说法正确的是()A天然放射现象的发现，揭示了原子核是由质子和中子组成的B卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子核有复杂结构C玻尔的原子结构理论在卢瑟福的核式结构学说基础上引进了量子观点D射线、射线、射线本质上都是电磁波，且射线的波长最短答案C解析
2、天然放射现象的发现，说明原子核有复杂的结构，但不能证明原子核是由质子和中子组成的，故A错误；卢瑟福的粒子散射实验说明原子是由原子核和核外电子组成的，故B错误；玻尔在卢瑟福的核式结构学说基础上，为了修正经典理论与实验事实的矛盾，引进了量子观点，提出玻尔的原子模型，故C正确；射线是高速氦核流，射线是高速电子流，只有射线本质上是电磁波，且射线的波长最短，故D错误15.如图1所示，虚线是一个铀核U正在匀强磁场中以速率v0做匀速圆周运动的轨迹，当它运动到O点时，衰变成钍核Th和另外一个新核，两核的速度方向与v0共线，不计衰变后粒子间的相互作用，则关于钍核与新核在磁场中运动的轨迹和绕行方向可能正确的是()
3、 图1答案A解析若新核的速度方向与v0方向相同，根据动量守恒定律知，钍核的速度方向也可能与v0方向相同，由左手定则判断可知，衰变后钍核与新核所受的洛伦兹力均向右，均沿顺时针方向绕行由半径公式r，p是动量，由于钍核的带电量远大于新核(粒子)的带电量，知钍核的轨道半径可能小于新核的轨道半径，因此A图是可能的，故A正确；若衰变后钍核的速度方向与v0方向相反，由左手定则知，衰变后钍核所受的洛伦兹力向左，应顺时针绕行，故B错误；若衰变后钍核和新核的速度方向均与v0方向相同，衰变后钍核所受的洛伦兹力向右，应顺时针绕行，故C错误；若衰变后钍核和新核的速度方向均与v0方向相反，衰变后两者的总动量与原来的总动量
4、方向相反，违反了动量守恒定律，故D错误16.某位工人师傅用如图2所示的装置，将重物从地面沿竖直方向拉到楼上，在此过程中，工人师傅沿地面以速度v向右匀速直线运动，当质量为m的重物上升高度为h时轻绳与水平方向成角(重力加速度大小为g，滑轮的质量和摩擦均不计)，在此过程中，下列说法正确的是()图2A人的速度比重物的速度小B轻绳对重物的拉力小于重物的重力C重物的加速度不断增大D绳的拉力对重物做功为mghm(vcos )2答案D解析将工人的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于重物上升的速度，根据平行四边形定则得v重物vcos ，工人在匀速向右的运动过程中，绳子与水平方向的夹角减小，
5、所以重物的速度增大，重物做加速上升运动，故FTmgma，所以拉力大于重物的重力，A、B错误；根据余弦图象，当夹角越来越小时，图象的斜率越来越小，即加速度越来越小，C错误；绳子的拉力对重物做的功等于其动能增加量和重力势能增加量之和，故为mghm(vcos )2，D正确17如图3甲所示的“火灾报警系统”电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为101，原线圈接入图乙所示的电压，电压表和电流表均为理想电表，R0为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，R1为滑动变阻器当通过报警器的电流超过某值时，报警器将报警下列说法正确的是()图3A电压表V的示数为20 VBR0处出现火警时，电流表A的示数减小CR0
6、处出现火警时，变压器的输入功率增大D要使报警器的临界温度升高，可将R1的滑片P适当向下移动答案C18如图4所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体P接触，但未与物体P连接，弹簧水平且无形变现对物体P施加一个水平向右的瞬间冲量，大小为I0，测得物体P向右运动的最大距离为x0，之后物体P被弹簧弹回最终停在距离初始位置左侧2x0处已知弹簧始终在弹性限度内，物体P与水平面间的动摩擦因数为，重力加速度为g，下列说法中正确的是()图4A物体P与弹簧作用的过程中，系统的最大弹性势能为3mgx0B弹簧被压缩成最短之后的过程，P先做加速度减小的加速运动，再做加速度减小的减速
7、运动，最后做匀减速运动C最初对物体P施加的瞬时冲量I0mD物体P整个运动过程，摩擦力的冲量与弹簧弹力的冲量大小相等、方向相反答案A解析当P从距离初始位置右侧x0处，运动到距离初始位置左侧2x0处时，弹簧的弹性势能全部转化为内能，所以有Epmax3mgx0，A正确；弹簧被压缩成最短之后的过程，受到水平向右的摩擦力，大小恒定，水平向左的弹力，大小在减小，所以先做加速度减小的加速运动，当弹力等于摩擦力后加速度为零，速度达到最大，之后弹力小于摩擦力，做减速运动，随着弹力的减小，加速度在增大，做加速度增大的减速运动，当弹力为零后，只受摩擦力作用，做匀减速直线运动，B错误；从开始运动到压缩到最短过程中，动
8、能转化为内能和弹簧的弹性势能，根据能量守恒可得mv2Epmaxmgx04mgx0，最初对物体P施加的瞬时冲量I0mv，联立解得I02m，C错误；整个过程中IfIFI0，故D错误192017年2月2日， 美国“朱诺”号探测器第四次成功飞越木星. “朱诺”号是第一艘使用太阳能拜访木星的探测器.2016年7月4日抵达木星，“朱诺”号被木星引力俘获后，进入一个环绕周期为53.5天的大椭圆轨道，并绕木星运行两圈，这样的轨道有助于“朱诺”号节省电力“朱诺”号还会进行调整，进入一个环绕周期为14天的椭圆轨道，之后便开始完全展开科学探测任务已知引力常量为G，下列说法正确的是()A要使“朱诺”号被木星引力俘获，
9、进入环绕木星的工作轨道，需要点火加速B“朱诺”号从周期为53.5天的大椭圆轨道变轨到环绕周期为14天的椭圆轨道，需要减速制动C若调整“朱诺”号绕木星做圆周运动，并测出“朱诺”号绕木星做圆周运动的轨道半径和周期，就可以求出木星的质量和密度D若调整“朱诺”号在木星表面附近绕木星做圆周运动，测出“朱诺”号绕木星做圆周运动的轨道周期，就可以求出木星的密度答案BD解析只有减速制动，才能使“朱诺”号被木星引力俘获，进入环绕木星的工作轨道，故A错误；由较高轨道变轨到较低轨道，需要减速制动，使得万有引力大于所需向心力，做近心运动，而周期越大，轨道越高，所以从周期为53.5天的大椭圆轨道变轨到环绕周期为14天的
10、椭圆轨道，需要减速制动，故B正确；测出“朱诺”号绕木星做圆周运动的轨道半径和周期，根据Gmr得，木星的质量M，但不知道木星的半径，无法求出木星的密度，故C错误；万有引力充当向心力，有Gmr得，木星的质量M，又MR3，木星的密度，当rR时，D正确20.如图5所示，质量为m的带电小球以初速度v0水平抛出，经过时间t后进入方向竖直向下的匀强电场，再经过时间t速度方向重新变为水平，已知初末位置分别为A点和C点，经B点进入电场下列分析正确的是()图5A电场力大小为2mgB从A到C的运动过程，小球动量守恒C小球从A到B与从B到C的速度变化相同D从A到C的高度hgt2答案AD解析小球从A到B过程中，小球只受
11、重力，所以做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，故vygt，小球从B到C过程中，小球受到重力、电场力，要使在竖直方向上到达C点时竖直速度为零，所以小球在竖直方向上做匀减速直线运动，故vyat，根据牛顿第二定律可得Fmgma，联立解得ag，F2mg，方向都竖直向上，故从A到C的竖直高度为hgt2gt2gt2，A、D正确；小球从A到B过程中速度变化v1gt，方向竖直向下，从B到C过程中速度变化为v2gt，方向竖直向上，两者大小相同，方向不同，C错误；从A到C过程中小球受到的合外力不为零，故动量不守恒，B错误21如图6所示，固定的光滑金属水平导轨间距为L，导轨电阻不计，左端接有阻值为R的电阻，导轨
12、处在磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中质量为m、电阻不计的导体棒ab，在垂直导体棒的水平恒力F作用下，由静止开始运动，经过时间t，导体棒ab刚好匀速运动，整个运动过程中导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触在这个过程中，下列说法正确的是()图6A导体棒ab刚好匀速运动时的速度vB通过电阻的电荷量qC导体棒的位移xD电阻产生的焦耳热Q答案ACD解析导体棒匀速运动时满足FF安，解得v，选项A正确；根据动量定理：FtBLtmv，而tq，则q，选项B错误；又q，联立解得x，选项C正确；根据能量关系，电阻放出的焦耳热QFxmv2，将x及v的值代入解得Q，选项D正确认识不够深刻全面，没能做到内心外行，表率化人。对照党章和焦裕禄等先进模范典型，感觉自己对党性锻炼标准不高、要求不严。
