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1、深入理解课文，了解孙中山，了解“布衣”与总统的关系，了解布衣总统的来历及其布衣特色的体现，体会甘于淡泊精神对当代青年的教育意义。选择题限时突破(二)(限时：25分钟)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14下列说法中正确的是()A.UnKrBa3n是聚变反应B放射性元素与其他的元素形成化合物时不具有放射性C贝克勒尔通过实验发现了中子，汤姆孙通过实验发现了质子D根据玻尔的原子模型，一群氢原子从量子数n4的激发态跃迁到基态时最多可辐射6种不同频率的
2、光子答案D解析A中所示的反应是重核裂变反应，选项A错误； 放射性元素与其他的元素形成化合物时仍具有放射性，选项B错误；查德威克通过实验发现了中子，汤姆孙通过实验发现了电子，选项C错误； 根据玻尔的原子模型，一群氢原子从量子数n4的激发态跃迁到基态时最多可辐射C6种不同频率的光子，选项D正确15.如图1所示，斜面与水平面、斜面与挡板间的夹角均为30，一小球放置在斜面与挡板之间，挡板对小球的弹力为FN1，斜面对小球的弹力为FN2，以挡板与斜面连接点所形成的水平直线为轴，将挡板从图示位置开始缓慢地转到水平位置，不计摩擦，在此过程中()图1AFN1始终减小，FN2始终增大BFN1始终增大，FN2始终减
3、小CFN1始终减小，FN2先减小后增大DFN1先减小后增大，FN2始终减小答案D解析受力分析如图，将FN1与FN2合成，其合力与重力等大反向，如图：挡板转动过程中，FN1的方向变化如图中a、b、c的规律变化，为满足平行四边形定则，其大小变化规律为先变小后变大，其中挡板与斜面垂直时为最小与此对应，FN2的大小为一直减小故选D.16.从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中受到的阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图2所示，小球在t1时刻到达最高点后再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，已知重力加速度为g，下列关于小球运动的说法中不正确的是()图
4、2At1时刻小球的加速度为gB在速度达到v1之前小球的加速度一直在减小C小球抛出瞬间的加速度大小为(1)gD小球加速下降过程中的平均速度小于答案D解析根据题意t1时刻到达最高点，则该时刻速度为零，则阻力为零，此时只受到重力作用，故此时刻加速度为重力加速度g，故选项A正确；上升过程中根据牛顿第二定律：mgF阻ma，由于F阻kv，则ag，由于上升过程中速度逐渐减小，故上升过程中加速度变小在下降过程中根据牛顿第二定律：mgF阻ma，则ag，由于下降过程中速度变大，所以下降过程中加速度变小，故选项B正确；由图可知，速度为v1时小球匀速运动，说明重力等于阻力，故有：kv1mg，得：k，故抛出瞬间的空气阻
5、力为：F阻kv0，故抛出瞬间的加速度为：a(1)g，故C正确；下降过程若是匀加速直线运动，其平均速度为，而从图中可以看出其面积大于匀加速直线运动的面积，即图中的位移大于做匀加速的位移，而平均速度等于位移比时间，故其平均速度大于匀加速的平均速度，即大于，故D项错误17.如图3所示，两根相距为d的足够长的光滑金属导轨固定在水平面上，导轨电阻不计磁感应强度为B的匀强磁场与导轨平面垂直，长度略大于d的两导体棒M、N平行地放在导轨上，导体棒的电阻均为R、质量均为m，开始两导体棒静止，现给导体棒M一个平行导轨向右的瞬时冲量I，整个过程中导体棒与导轨接触良好，下列说法正确的是()图3A回路中始终存在逆时针方
6、向的电流B棒N的最大加速度为C回路中的最大电流为D棒N获得的最大速度为答案B解析开始时，回路中有逆时针方向的感应电流，随着电流的产生，M受向左的安培力做减速运动，N受到向右的安培力做加速运动，直到两者共速时回路中感应电流为零，安培力为零，两者做匀速运动，故选项A错误；在开始时电路中的感应电流最大，棒N所受安培力最大，加速度最大，则：Imv0，EmBdv0，Im，F安 BImdmam，解得am，Im，选项B正确，C错误；当两棒共速时N棒速度最大，根据动量守恒定律可得：I2mv，解得v，选项D错误；故选B.18.甲、乙两辆汽车从平直公路上同一位置沿着同一方向做直线运动，它们的vt图象如图4所示，则
7、()图4A甲乙两车同时从静止开始出发B在t2 s时乙车追上甲车C在t4 s时乙车追上甲车D甲乙两车在公路上能相遇两次答案C解析乙车比甲车迟出发1 s，故A错误根据速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移，知t2 s时，甲车的位移比乙的位移大，则知该时刻乙车还没有追上甲车，故B错误在04 s内，甲车的位移 x甲84 m16 m，乙车的位移 x乙(13)8 m16 m，所以x甲x乙，两者又是从同一位置沿着同一方向运动的，则在t4 s时乙车追上甲车，故C正确在t4 s时乙车追上甲车，由于t4 s时刻以后，甲车比乙车的速度大，两车不可能再相遇，所以两车只相遇一次，故D错误故选C.19如图5甲所示，理想变
8、压器原、副线圈的匝数比n1n241，原线圈接图乙所示的正弦交流电，副线圈与理想电压表、理想电流表、热敏电阻Rt(阻值随温度的升高而减小)及报警器P组成闭合电路，回路中电流增加到一定值时报警器P将发出警报声则以下判断正确的是()图5A变压器副线圈中交流电的频率为50 HzB电压表示数为9 VCRt处温度升高到一定值时，报警器P将会发出警报声DRt处温度升高时，变压器的输入功率变小答案AC解析由题图乙知周期为0.02 s，所以频率为50 Hz，A正确；原线圈电压有效值为U136 V，因变压器原、副线圈中的电压之比等于匝数比，故副线圈电压为9 V，电压表两端电压小于9 V，选项B错误；Rt处温度升高
9、到一定值时其电阻减小，副线圈中电流变大，则报警器P将会发出警报声，根据PIU可知，变压器输出功率变大，输入功率变大，选项C正确，D错误；故选A、C.202017年4月22日12时23分，天舟一号与天宫二号顺利完成第一次交会对接不久天舟一号和天宫二号将要进行第二次交会对接，第二次对接过程中，天舟一号要赶到天宫二号前方与天宫二号进行对接下列说法正确的是()A天舟一号要到达天宫二号的前方应该从天宫二号的上方绕行B天舟一号要到达天宫二号的前方应该从天宫二号的下方绕行C天舟一号绕行时只有先加速后制动才能到达天宫二号的正前方D天舟一号绕行时只有先制动后加速才能到达天宫二号的正前方答案BD解析对接前，天舟一
10、号应在低轨道上加速至天宫二号前方，因为加速后，万有引力小于向心力，做离心运动实现对接，选项A错误，B正确；天舟一号必须先制动才能进入较低的轨道，然后加速进行“漂移”进入天宫二号的正前方，选项D正确，C错误；故选B、D.21.如图6所示，直角三角形ABC由三段细直杆连接而成，AB杆竖直，长为2L的AC杆粗糙且绝缘，其倾角为30，D为AC上一点，且BD垂直于AC，在BC杆中点O处放置一正点电荷Q，一套在细杆上的带负电小球，以初速度v0由C点沿CA上滑，滑到D点速率恰好为零，之后沿AC杆滑回C点小球质量为m、电荷量为q，重力加速度为g.则()图6A小球下滑过程中电场力先做负功后做正功B小球再次滑回C
11、点时的速率为vCC小球下滑过程中动能、电势能、重力势能三者之和减小D小球上滑过程中和下滑过程中经过任意位置时的加速度大小都相等答案BC解析小球下滑过程中Q对小球是吸引力，故电场力先做正功后做负功，选项A错误；从C到D的过程中，根据动能定理得：0mvmghWf，再从D回到C的过程中，根据动能定理得：mv0mghWf，根据几何关系可知，hL，解得：vC，故B正确；小球下滑过程中由于摩擦力做负功，则小球动能、电势能、重力势能三者之和减小，故C正确小球上滑过程中所受的摩擦力方向沿AC向下，而下滑过程中所受摩擦力方向沿AC向上，虽然在同一位置时所受的库仑力相同，但是加速度不同，选项D错误；故选B、C.认识不够深刻全面，没能做到内心外行，表率化人。对照党章和焦裕禄等先进模范典型，感觉自己对党性锻炼标准不高、要求不严。
