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1、高三物理答案第1页（共 4 页） 20182019 学年上期中考学年上期中考 高三物理试题答案高三物理试题答案 一一 选择题选择题 1B. 2 D. 3 C. 4 A. 5 B. 6 C. 7 D. 8 B C. 9 A D .10 C D. 11 BCD. 12 C D. 二二 实验题实验题 13 答案：（1）不需要（1 分），（2）0.1（1 分），（3）28（2 分） 解析： （1）由于 A 相对于 B 滑动，因此 A 受到的是滑动摩擦力，对 B 是否是匀速，不 一定，只有 B 运动即可； （2）以 A 物体为研究对象，其受力分析，重力、支持力、B 对 A 向右的滑动摩擦力、 及弹簧秤的
2、拉力； 由于物体 B 被水平力拉出 A 稳定后弹簧测力计读数为 4.00N， 则 T=4N 因A处于静止状态， 因此A受到的滑动摩擦力大小即为f=4N依据滑动摩擦力公式f=N， 则有 AB 间的动摩擦因数1=0.1； （3）对 B 受力分析， 则物体 A 对 B 的压力 FN2=GA=40N， 地面对 A 的支持力 FN2=GA+GB=60N， 而 AB 间的滑动摩擦力 Ff1=4N， A 受地面的摩擦力：Ff2=2FN2=0.460=24N， 由题意得：F=Ff1+Ff2=4N+224N=28N， 故答案为： （1）不需要， （2）0.1， （3）28 14 答案：（1）BC（2 分），（2
3、）2.00（2 分），（3）C（2 分）， （4）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够（2 分）。 解析： （1）A、本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量， 也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故 A、D 错误。 B、实验时需将长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故 B 正确。 高三物理答案第2页（共 4 页） C、实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，需记录传感器的示数， 故 C 正确。故选：BC。 （2）根据x=aT2，运用逐差法得，a= =m/s2=2.00 m/s2。 （3）由牛顿第二定律得：2F=ma，则 a=，aF 图象的斜率：k=， 则小
4、车的质量 m=mm0=m0，故 C 正确。 （4）当 F 不等于零，加速度 a 仍然为零，可知实验中没有平衡摩擦力或木板倾角过小， 平衡摩擦力不够。 故答案为： （1）BC， （2）2.00， （3）C， （4）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够。 三 计算题(40 分) 15 答： （1）斜面的长度为 4m；（2）物体由 B 运动到 D 的时间为 1.5s 解： （1）物块作匀加速直线运动。设 B 点速度为 vB、C 点速度 vc，加速度为 a，斜面长 为 S。 B 到 C：vc2vB2=2asAB-（1 分） vc=2vB-（1 分）A 到 B：vB=0+at- 解得：vB=1m/s-（1 分
5、）a=2m/s2-（1 分） A 到 D：v2=2aS -（1 分）解得：S=4m-（1 分） （2）从 B 运动到 D 的时间： B 到 D：v=vB+at1t1=1.5s-（1 分） 所以 B 到 D 运动的时间 t1=1.5s。-（1 分） 16. （1）设被测物体的质量为 m，星球的质量为 M，半径为 R 在两极处的重力大小等于万有引力 P = G Mm R2 （1 分） 在赤道上：0.97P + F向= G Mm R2 （2 分） 高三物理答案第3页（共 4 页） 由 得：F向= 0.03P（1 分） （2）由向心力公式：F向= mR( 2 T )2（1 分） M = 4 3 R3
6、（1 分） 由得 = 100 GT2 （2 分） 17 答： （1）木块与木板之间的动摩擦因数2是 0.75，外力 F1的大小是 12N； （2）木板将向上运动，经 2s 时间木块与挡板相碰。 解： （1）木块恰好静止，所以有 mgsin37=2mgcos37-（1 分） 解得 2=0.75 -（1 分） 对整体，由于木块静止且与斜面之间无摩擦，则有 F1=（mg+Mg）sin37-（1 分） 解得 F1=12N -（1 分） （2）木块离开木板前受力仍平衡，所以处于静止状态。设经过时间 t1离开木板，该过程 中木板的加速度为 a1， 对木板有 F2Mgsin372mgcos371（m+M）g
7、cos37=Ma1。-（1 分） 解得 a1=1m/s2。-（1 分） 由解得 t1=1s -（1 分） 木块离开木板后的加速度为 a2=解得 a2=2m/s2。-（1 分） 木块离开木板后再经过 t2时间与挡板相碰，则-（1 分） 解得 t2=1s -（1 分） 所以从 F2开始作用到木块与挡板相碰共需时间 t=t1+t2=2s -（1 分） 18 答： （1）物块 C 开始向右运动的初速度大小是 2m g k ； 高三物理答案第4页（共 4 页） （2）拉力 F1为 mg+。 （3）此时拉力 F2做的功是 2 3 (g2 a) 2 m g k 。 解： （1）弹簧原来的压缩量为；x1=-（
8、1 分） B 刚好要离开挡板时弹簧的伸长量为：x2=-（1 分）则有：x1=x2。 所以初末状态弹簧的弹性势能相等。对 A、C 及弹簧组成的系统，运用能的转化与守恒 定律得：=mgsin（x1+x2）+mg（x1+x2）-（1 分） 解得 C 的初速度为：v0= 2m g k -（1 分） （2）A 上滑的距离为：s=x1+x2=-（1 分） 对 A、C 及弹簧组成的系统，运用功能原理得： F1s-mgs=mgsins+2-（2 分） 可得：F1=mg+-（1 分） （3）当 B 刚好要离开挡板时，由牛顿第二定律得： 对 A 有：Tmgsinkx2=ma -（1 分） 对 C 有：F2T -mg=ma -（1 分） 拉力 F2做的功为：W=F2s -（1 分） 联立解得：W= 2 3 (g2 a) 2 m g k -（2 分）
