《2019版高考物理总复习 第14课 功和功率练习》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019版高考物理总复习 第14课 功和功率练习（4页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、第14课 功和功率1 功的理解和计算a根据力与速度的夹角判断做功与否以及做功的正负(1)(2018改编，6分)如图所示，一光滑大圆环固定在桌面上，环面位于竖直平面内，在大圆环上套着一个小环。小环由大圆环的最高点从静止开始下滑，在小环下滑的过程中，大圆环对它的作用力()A一直不做功 B一直做正功C一直做负功 D先做正功后做负功答案：A解析：对小环进行受力分析，大圆环是光滑的，则小环和大环之间没有摩擦力，大环对小环的弹力总是垂直于小环的速度方向，弹力与速度的夹角为90，所以大环对小环没有做功，故A项正确，B项、 C项、D项均错误。b利用WFlcos 计算恒力做功(2)(2018改编，10分)某车站
2、使用的水平传输装置示意图如图所示，皮带在电动机的带动下保持v2 m/s的恒定速度向右运动，现将一质量为m10 kg的行李轻放在皮带上，行李和皮带间的动摩擦因数0.2。设皮带足够长，取g10 m/s2，在行李与皮带发生相对滑动的过程中，求行李与皮带间的摩擦力对皮带做的功W。 答案：40 J (10分)解析：设行李放到皮带上与皮带发生相对滑动过程中受到向右的滑动摩擦力大小为F，则Fmg (2分)取向右为正方向，对行李有Fma，vat (2分)行李与皮带发生相对滑动的过程中，设皮带相对地面的位移为s，则svt (2分)由牛顿第三定律可知，皮带受到的摩擦力方向向左，大小为F(1分)则摩擦力对皮带做的功
3、WFscos 180 (2分)联立并代入数据解得W40 J (1分) c利用动能定理求解变力做功(3)(2015海南理综，3分)如图所示，一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高，质量为m的质点自轨道端点P由静止开始滑下，滑到最低点Q时，对轨道的正压力为2mg，重力加速度大小为g。质点自P滑到Q的过程中，克服摩擦力所做的功为()A.mgR B.mgR C.mgR D.mgR 答案：C解析：在Q点质点受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，两力的合力充当向心力，所以有FNmgm，FN2mg，联立解得v。下滑过程中，根据动能定理可得mgRWfmv2，解得WfmgR，所以克服摩擦力做功为mgR
4、，故C项正确。2功率的理解和计算a. 利用P求解平均功率(4)(多选)(2015浙江理综，6分 )我国科学家正在研制航母舰载机使用的电磁弹射器。舰载机总质量为3.0104 kg，设起飞过程中发动机的推力恒为1.0105 N，弹射器有效作用长度为100 m，推力恒定，要求舰载机在水平弹射结束时速度大小达到80 m/s。弹射过程中舰载机所受总推力为弹射器和发动机推力之和，假设所受阻力为总推力的20%，则()A弹射器的推力大小为1.1106 NB弹射器对舰载机所做的功为1.1108 JC弹射器对舰载机做功的平均功率为8.8107 WD舰载机在弹射过程中的加速度大小为32 m/s2答案：ABD解析：由
5、题可知，舰载机弹射过程的加速度a m/s232 m/s2，故D项正确。根据牛顿第二定律得 0.8(F发F弹)ma，得弹射器的推力大小F弹11106 N，故A项正确。弹射器对舰载机做的功WF弹x1.1106100 J1.1108 J，故B项正确。弹射过程的时间t s2.5 s，弹射器做功的平均功率P4.4107 W，故C项错误。b利用PFv求解瞬时功率(5)(多选)(2018改编，6分 )一质量为1 kg的质点静止于光滑水平面上，从t0时起，第1秒内受到2 N的水平外力作用，第2秒内受到同方向的1 N的外力作用。下列判断正确的是()A第2秒内的位移为 mB第2秒内外力所做的功是 JC第2秒末外力
6、的瞬时功率最大D第1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值为答案：AD解析：由题意可知，质点所受的水平外力即为合力，由牛顿第二定律可得，质点在第1秒内的加速度a12 m/s，第1秒末的速度v1a1t2 m/s，第1秒内的位移x1a1t21 m，质点在第2秒内的加速度a21 m/s，第2秒末的速度v2v1a2t3 m/s，第2秒内的位移x2v1ta2t2 m，第1秒内外力做功W1F1x12 J，第2秒内外力做功W2F2x2 J，故A项正确，B项错误。接近第1秒末时外力的瞬时功率接近P1F1v14 W，第2秒末外力的瞬时功率P2F2v23W，故C项错误。根据动能定理可知，第1秒动能增加量为mv2 J，
7、第2秒动能增加量为mvmv J，动能增加量的比值为，故D项正确。3机车启动问题a机车以恒定功率P启动(6)(2015全国，6分)一汽车在平直公路上行驶。从某时刻开始计时，发动机的功率P随时间t的变化如图所示。假定汽车所受阻力的大小f恒定不变。下列描述该汽车的速度v随时间t变化的图线中，可能正确的是()答案：A解析：因PF牵v，F牵fma，汽车在0t1时间内功率恒定，若恰好是匀速运动，则vt图像是平行于t轴的直线；若是加速，则当汽车的速度增大时，牵引力F牵减小，加速度a减小，vt图像的斜率减小。t1时刻汽车的功率突然增加，牵引力F牵瞬间增大，随着v逐渐增大，F牵逐渐减小，加速度a逐渐减小，vt图
8、像的斜率减小，故A项正确，B项、C项、D项均错误。b机车以恒定加速度a启动(7)(经典题，9分)电动车被认为是最新型节能环保的交通工具。在检测某款电动车性能的实验中，让电动车由静止开始沿平直公路行驶，利用传感器测得不同时刻电动车的牵引力F与对应的速度v，根据部分数据绘出的F图像如图所示。已知电动车质量为m2103 kg，假设电动车行驶过程中所受的阻力恒定，求：电动车的额定功率以及在运动过程中受到的阻力；电动车做匀加速运动的时间。答案：6104 W 2103 N(3分)5 s(6分)解析：由题图可知电动车的最大速度为vm30 m/s，此时牵引力为F22103 N 最大车速时，电动车受力平衡，阻力与牵引力大小相等，fF22103 N (1分)根据PFv，得额定功率为P额F2vm (1分)代入数据解得P额6104 W(1分)设匀加速过程中的最大速度为v0，加速度为a，加速时间为t1，则v0(1分)由图可知此时牵引力为F16103 N代入数据解得v010 m/s(1分)由牛顿第二定律有F1fma(1分)代入数据解得a2 m/s2(1分)由运动学公式有v0at1(1分)代入数据解得t15 s(1分)4
