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1、湖南省醴陵二中、醴陵四中2017-2018学年高二下学期期中联考物理试题一、选择题1. 下列对公式的理解正确的是（ ）A. F=Eq中，q为场源电荷，电场强度E与q无关B. U=IR中，导体的电阻与该导体两端的电压无关C. 根据安培力的公式F=BIL，若F=0则B为0D. 根据=BS，S越大，越大【答案】B【解析】在F=Eq中，q为检验电荷，不是场源电荷，而电场强度E与q无关，故A错误；在U=IR中，导体的电阻由本身决定的，与该导体两端的电压无关，故B正确；根据安培力的公式F=BIL，若F=0，可能B为零；也可能B不等于零，却是B与I平行，故C错误；据=BS，S越大，不一定越大，比如当S与B平
2、行时，为零，故D错误。所以B正确，ACD错误。2. 如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判断（ ）A. M点的电势小于N点的电势B. 粒子带负电，M点的电势大于N点的电势C. 粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D. 粒子在M点的电势能大于在N点的电势能【答案】D【解析】由图，若分别过M点与N点做等势线，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，比较可知，M点的电势一定高于N点的电势。故A错误；由图看出，粒子的轨迹向下弯曲，粒子所受电场力大致向下，电场线方向斜向下，说明粒子带正电，故B错误。M点处的电场线较疏，而N点处电场线较密，
3、则M点处的电场强度较小，粒子所受的电场力也较小。故C错误。粒子从M运动到N的过程中，电场力做正功，粒子的电势能减小，M点的电势能大于N点的电势能，故D正确。故选D.点睛:对于粒子在电场中运动的问题，往往要根据曲线运动的特点：合力方向指向轨迹的内侧判断电场力方向。再结合电场线的物理意义分析场强、电势的大小。3. 如图所示，电子在电势差为U1的电场中加速后，垂直射入电势差为U2的偏转电场，在满足电子能射出偏转电场的条件下，不计电子重力，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（ ）A. U1变大，U2变大B. U1变小，U2变大C. U1变大，U2变小D. U1变小，U2变小【答案】B【解析】
4、试题分析：根据动能定理：eU1=mv2；在偏转电场中vy=at；若使偏转角变大即使tan变大，由上式看出可以增大U2减小U1故选B考点：带电粒子在电场中的运动4. 如图所示，a、b、c三个带电粒子从上端小孔O1射入速度选择器后，又都从O2进入下方的磁场，虚线是它们的运动轨迹，它们所带电荷量之比为qa：qb：qc=1：2：4，它们的质量之比为ma：mb：mc=1：1：2，不计粒子重力，则（ ）A. 这三种粒子都带负电B. 这三种粒子在偏转磁场中运动的时间都相等C. 打在P2点的粒子是cD. 粒子b、c都打在P1点【答案】D【解析】根据粒子在磁场中的运动轨迹，结合左手定则可知，这三种粒子都带正电，
5、选项A错误；根据可得Ta：Tb：Tc=2：1：1，三个粒子在磁场中运动半个周期，可知ta=2tb=2tc，选项B错误；三种粒子从O2点射入磁场的速度相同，根据可知ra：rb：rc=2：1：1，可知打在P2点的粒子是a粒子，选项C错误；粒子b、c都打在P1点，选项D正确；故选D.点睛:此题关键要掌握带电粒子在磁场中运动的周期公式以及半径公式；知道速度选择器出来的粒子具有相同的速度.5. 如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动过程中（ ）A. 电压表示数变大，电流表示数变大B. 电压表示数变小，电流表示数变大C. 电压表示数变大，电流表示数变小D. 电压表示数变小，电流表示数变小【答案】
6、C【解析】当变阻器的滑动头P向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分的电阻增大，外电路的电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律得知，总电流I减小，路端电压增大，则电压表示数变大并联部分的电压，I减小，其他量不变，可见，增大，通过的电流增大，流过电流表的电流，I减小，增大，减小，则电流表示数变小所以电压表示数变大，电流表示数变小故选C【点睛】电压表测量路端电压当变阻器的滑动头P向b端移动时，分析变阻器接入电路的电阻如何变化，确定外电路总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，判断电压表示数的变化由欧姆定律判断并联部分电压的变化，确定通过的电流如何变化，由总电流和通过通过电流的变化分
7、析电流表示数的变化6. 如图所示，a、b为平行金属板，静电计的外壳接地，合上开关S后，静电计的指针张开一个较小的角度，能使角度增大的办法是（ ）A. 使a、b板的距离增大一些B. 使a、b板的正对面积减小一些C. 断开S，使a板向左平移一些D. 断开S，使a、b板的正对面积增大一些【答案】C【解析】开关S闭合，电容器两端的电势差不变，则静电计指针的张角不变故AB错误断开S，电容器所带的电量不变，使a板向左平移一些,a、b板的距离增大，则电容减小，根据U=Q/C知，电势差增大，则指针张角增大故C正确断开S，电容器所带的电量不变，a、b板的正对面积增大，电容增大，根据U=Q/C知，电势差减小，则指
8、针张角减小故D错误故选C点睛：本题是电容器的动态分析，关键抓住不变量，开关S闭合，电容器两端的电势差不变；断开S，电容器所带的电量不变同时要掌握电容的决定式和定义式进行分析7. 穿过某闭合回路的磁通量随时间t变化图象分别如图中的所示，说法正确的是（ ）A. 图有感应电动势，且大小恒定不变B. 图产生的感应电动势一直在变大C. 图在0t1时间内的感应电动势是t1t2时间内感应电动势的2倍D. 图产生的感应电动势先变大再变小【答案】C【解析】试题分析：当穿过磁闭合回路的磁通量发生变化时，电路中出现感应电动势，当磁通量均匀变化时，感应电动势是不变的图中穿过回路的磁通量不变化，故没有感应电动势，A错误
9、；图中磁通量均匀增加，磁通量变化率恒定，根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势恒定不变，B错误；图在0t1时间内的斜率是时间内斜率的2倍，所以在时间内感应电动势是时间内感应电动势的2倍，故C正确；图的斜率大小先减小后增大，故产生的感应电动势先变小再变大，故D错误；【点睛】由公式得：磁通量与时间图象的斜率大小，表示感应电动势的大小8. 如图所示，在水平粗糙的地面放置一软导线线圈，有一匀强磁场垂直于该线圈平面，由于磁场的磁感应强度发生变化，线圈变为圆形，下列说法可能正确的是（ ）A. 该磁场的磁感应强度逐渐增多，方向竖直向上B. 该磁场的磁感应强度逐渐减小，方向竖直向下C. 线圈变为圆形的过程中，线
10、圈所受安培力做功为零D. 线圈变为圆形后静止，仍然受到地面对其的摩擦力【答案】B点睛：解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，也可以使用楞次定律的推广的形式处理，即“增缩减扩”、“来拒去留”9. 下面关于光的波粒二象性的说法中，正确的说法不正确的是（）A. 大量光子产生的效果往往显示出波动性，个别光子产生的效果往往显示出粒子性B. 光不可能同时既具有波动性，又具有粒子性C. 光在传播时往往表现出的波动性，光在跟物质相互作用时往往表现出粒子性D. 频率越大的光其粒子性越显著，频率越小的光其波动性越显著【答案】B.点睛：光的波粒二象性是指光有时表现为波动性，有时表现为粒子性；大量的光子波动性
11、比较明显，个别光子粒子性比较明显。10. 如图所示，在光滑的水平地面上有一辆平板车，车的两端分别站着人A和B，A的质量为mA，B的质量为mB，mAmB.最初人和车都处于静止状态现在，两人同时由静止开始相向而行，A和B对地面的速度大小相等，则车（）A. 静止不动 B. 左右往返运动 C. 向右运动 D. 向左运动【答案】D【解析】两人与车组成的系统动量守恒，开始时系统动量为零，两人与大小相等的速度相向运动，A的质量大于B的质量，则A的动量大于B的动量，AB的总动量方向与A的动量方向相同，即向右，要保证系统动量守恒，系统总动量为零，则小车应向左运动；故选D。11. 关于光电效应，下列说法正确的是（
12、）A. 极限频率越大的金属材料逸出功越大B. 只要光照射的时间足够长，任何金属都能产生光电效应C. 从金属表面出来的光电子的最大初动能越大，这种金属的逸出功越小D. 遏止电压越大，则金属材料逸出功越大【答案】A【解析】根据W=hv可知极限频率越大的金属材料逸出功越大，选项A正确；发生光电效应与光照的时间无关，选项B错误；根据光电效应方程得，EKm=hv-W0，光电子最大初动能越大，逸出功不一定小，有可能是入射光子的能量大故C错误；遏止电压越大，最大初动能越大，而金属材料逸出功却不变的故D错误故选A12. 在真空中A、B两点分别固定电荷量为+q、-q（q0）的两个点电荷，以A、B为顶点作两等大的
13、圆锥，O点为圆锥底面圆的圆心，C、D两点在圆锥母线上并关于O点对称，空间无其他电场，下列说法正确的是（ ）A. 圆锥底面上所有点的电势相等B. 圆锥底面上所有点的电场强度相等C. C、D两点的场强大小相等，方向不同D. 将正电荷由C点移到到D点电势能将增大【答案】A【解析】A、根据等量异种电荷的电场分布可知，圆锥底面是一个等势面，其上所有点的电势均为零，即电势相等，故A正确；B、圆锥底面上所有点的电场强度方向均水平向右，但是O点的场强最大，离O点越远的位置场强越小，故B错误；C、由对称性可知，C、D两点的场强大小相等，方向相同，故C错误；D、C点的电势高于D点，则将正电荷由C点移到到D点电势能
14、将减小，故D错误。点睛：解决本题的关键要掌握等量异种点电荷电场线和等势面的分布情况，要知道过两点电荷连线的垂直平分面是一个等势面。13. 如图所示，a、b灯分别标有“36V，40W”和“36V，25W”，闭合电键，调节R，使a、b都正常发光。这时断开电键后再次闭合，则下列说法中正确的是（ ）A. 重新闭合瞬间，由于电感线圈对电流增大的阻碍作用，a将慢慢亮起来，而b立即变亮B. 重新闭合稳定后，两灯都正常发光，因为两灯的额定电压一样大，所以一样亮C. 断开瞬间，由于电感线圈对电流减小的阻碍作用，通过a的电流将逐渐减小，a渐渐变暗到熄灭D. 断开瞬间，b灯立刻熄灭【答案】AC【解析】A、当重新闭合
15、瞬间，由于电感线圈L对电流增大的阻碍作用，b立刻变亮，a逐渐变亮，A正确；B、当重新闭合稳定后，两灯都正常发光，由于a、b灯分别标有“36V，40W”和“36V，25W”，则a的额定功率大，所以较亮，故B错误；C、电键断开，L相当于电源与两个灯泡串联，逐渐熄灭，所以通过a的电流将逐渐减小，a渐渐变暗到熄灭，故C正确，D错误。点睛：对自感线圈来讲，重点掌握开关闭合瞬间，断路稳定后和开关断开的瞬间，线圈对电流突变的阻碍作用。14. 一理想变压器原、副线圈匝数比n1n2112.原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u如下图所示，副线圈仅接入一个R=10 的电阻则() A. 流过电阻的最大电流是B. 与电阻并联的电压表的示数是VC. 变压器的输入功率是 WD. 经过10s电阻产生的热量为1.6103 J【答案】AD【解析】变压器的初级电压最大值为220V，有效值为U1=220V，则次级电压有效值为，与电阻并联的电压表的示数是40 V，选项B错误；次级电流有效值，则流过电阻的最
