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1、为了适应公司新战略的发展，保障停车场安保新项目的正常、顺利开展，特制定安保从业人员的业务技能及个人素质的培训计划测家用空调电功率实验报告(共7篇)电功率基础知识1、公式应用：P=UI=I2Rt=U2t/R=Pt。一个12的小灯泡，接在6V电源上，通过的电流为_A，灯泡的电功率为_W一个6的电阻，通过的电流大小为，它的电功率是_W，在2s内所消耗的电能为_J家庭电路中一个用电器它10s消耗电能XXJ，它的电功率为_KW电阻R1和R2并联,电路R1中的电流是,R1的阻值是40,R2的电阻是20,求：R1的电功率通电时间是2min,电流对R2做的功各是多少?2、功率估算题：P=UI及变形公式灵活运用
2、。随着生活质量的提高，各种电器得到了普遍应用，下列电器正常工作时，每秒做功几十焦的是()A教室里的一只日光灯B电饭煲C.家用手电筒里的灯泡D空调器下列用电器正常工作时，电流最接近5A的是A学生用计算器B.日光灯C.家用空调器D.电饭锅家用白炽灯正常工作时的电流最接近AB.D.18A、通常用的手电筒小电灯，正常发光时电流为，这时小电灯的功率最接近()A.3、测小灯泡的电功率额定电压为。原理_；方框内画电路图；根据电路图连实物；在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至_端。(5)闭合开关后发现灯泡两端的电压只有，滑动变阻器的滑片应向_端移动，观察_表的示数，直到该表的示数为_时停止移动滑片，此时电流
3、表的示数如图示，则灯的额定电流为_A，灯的额定功率为_.(6)如果电源电压为4V,小灯泡的额定电压为,闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现小灯泡始终不亮，电压表示数为4V,电流表示数为0,故障的原因可能是_4、小刚在“测量小灯泡的功率”实验中，所用电源电压为6V，小灯泡L的额定电压为25V(1)小刚的实验电路如题31图所示，但连接不完整请你用笔划线代替导线，帮他完成电路连接(2)闭合开关小岗发现灯泡发光很亮，其操作存在的问题是_；(3)纠正错误后，闭合开关，当向右移动变阻器的滑片P时，电压表的示数将_，电流表的示数将_(4)实验记录电表示数如下表第二次功率数据忘记处理了，请你帮他把数值填入表中的
4、空格内；该实验测出三组数据的目的是_；请你根据测出的三组数据求出各次电阻，填在表格中，分析比较说明灯丝的温度越高，灯泡的电阻值越_，因此_用多次测量取平均值的减小误差的方法来计算灯丝电阻。5.小明按照图示的电路图连接好电路，测量一只额定电压为的泡的电功率，部分实验数据和现象如下表。分析表中实验数据可知，所用电源电压约为_V。若小明手边有“”和“”两种规格的滑动变阻器，“03V”和“015V”两个量程的电压表，上面实验中他选用的滑动变阻器规格为_选用的电压表量程为_。由于小明粗心大意，没有记录灯泡正常发光时电流表的示数，于是他根据第一次实验数据计算出灯泡电阻R=U1/I1=1V/=5，再计算出灯
5、泡两端电压为时的功率PU22/R=2/5=。则灯泡的额定功率_。6.图15是小兰同学在“测量小灯泡的电功率”的实验中所连接的实物图。灯泡的额定电压是，电阻约9，滑动变阻器阻标有“201A”字样：把电压表正确连入电路在开关闭合前，应将滑片P放在_端。小兰合理地连接好电路，闭合开关，无论怎样调节滑动变阻器灯泡都不亮。小兰分析产生故障的原因可能是：小灯泡灯丝断了；小灯泡短路；滑动变阻器开路。请你依据表一中电流表、电压表示数可能出现的几种情况，帮小兰判断故障原因，并将其序号填写在上表对应的空格里。概述：本实验报告是暖通空调综合实验报告，包括实验设计方案、实验报告以及小组成员的实验心得体会。其中实验共有
6、三个部分，分别是空气焓差法测量空调器性能，风机盘管性能检测，风管布置实做。目录第1章实验方案211空气焓差法测量空调器冷量212风机盘管性能检测实验513风管布置实做11第2章实验报告1321空气焓差法测量空调器冷量1322风机盘管性能检测实验1823风管布置实做23第3章实验总结28实验一设计方案实验名称：焓差法测空调器冷量1、实验内容在循环空调实验室，借助温湿度仪、风速仪等测定系统处理空气过程的参数。2、实验的理论依据对空调器制冷、制热量的测试主要采用空气焓差法、风管热平衡法和房间型量热计法等几种方法。其中空气焓差法不但可以对空调系统的静态性能进行测试,同时还可以进行空调系统的动态特性研究
7、和空调系统季节能效比的测量,这是热平衡法所不具备的,而且空气焓差法试验装置可以对空气干、湿球温度、风量以及房间空调器的输入功率等参数进行连续、频繁的采样测量。3、实验目的、了解实验室空调器的基本结构与工作原理；、掌握空调系统的基本概念和系统型式；、掌握空气焓差法测量空调器热量的方法；4、实验设备、实验设备本实验台由恒温室、冷热源、自控系统、实验仪器构成。可提供如下实验环境：1、暖通常用恒温恒湿环境，冷热源2、风量、风速测定仪器3、温度测试系统4、便携式温度、湿度、压力测试仪表5、各类空调末端6、风管、风口及配件、实验方法空气焓差法：一种测定空调机制冷、制热能力的方法，它对空调机的送风参数、回风
8、参数以及循环风量进行测量，用测出的风量与送风、回风焓差的乘积确定空调机的能力。、检测手段风量测定：三杯风速表；温度测定：热电偶+温度巡检仪；便携式温度计；湿度测定：通风干湿表；5、实验过程控制基本原则空气焓差法是采用平衡调温调湿方式进行空气干球、湿球温度的调节,即制冷系统持续运转降温除湿,干球、湿球温度控制仪表分别控制加热器和加湿器功率输出,来调节投入空气中的热量和水份,从而获得所需要的空气温湿度。6、实验内容冷冻水的制备是由安装在室外的水系统完成的，冷冻水通过管道进入空调机组的表冷器，是空调机组的冷源。风系统是一次回风系统，新风和回风在混合段混合，经空调机组处理后由一条风管接入室内三个房间。
9、三个房间分别设置一个回风口，回风在房间外汇和后与新风混合重新进入空调机组处理。利用三杯风速仪分别测量进风口风量和回风口回风量。利用热电偶+温度巡检仪测定进回风的干湿球温度。在室内放置若干个热电偶测量室内平均温度。7、实验步骤1.准备阶段:熟悉实验平台；检查实验测量器具；布置热电偶测点并将热电偶接入温度巡检仪；更换空调器回风口、送风口的湿球温度传感器的湿球纱布；2.实施阶段：启动被测空调器；设定实验工况；开启实验装置；观察实验平台各运行参数的变化情况待实验平台处于稳定状态下时，记录各测试量；温度测量结束后进入房间用三杯风速仪测量进风口和回风口的风速；3.总结阶段：实验结束，关闭实验电源，整理实验
10、器材。整理实验数据，剔除有明显误差的数据。实验记录表格：实验二设计方案实验名称：测量风机盘管性能一、实验主要内容在风机盘管系统独立制冷运行条件下，通过测定风机盘管的送回风口空气的干、湿度，以及送风口风量，利用焓差法计算得到风机盘管的制冷量等性能。二、实验的理论依据1.常用同类实验的实验方法空气焓差法：利用实验测量出来的风机盘管进、出口空气的干球温度和相对湿度等参数，计算出风机盘管进、出空气的焓值h1、h2；再由测量得到的风量,计算得到风机盘管的制冷量。风侧换热量的计算公式为：QG(h1-h2)其中,G风量；h1、h2进出空气的焓值h1、h2。房间热平衡法：用隔墙将实验室分成室内内测和室外侧两部
11、分。为此两侧分别置有加热器、加湿器等设备，以形成实验所需要的室内、外工况。风机盘管从室内侧吸走的能量由是内测的加热器、加湿器来补充。待室内侧和室外侧空气状态稳定之后，外界向室内侧补充的能量就等于风机盘管的制冷量。公式为Q=860N+W+q其中，N加入室内侧的电功率之和，单位为KW；W加湿器向室内侧提供的加湿量，单位为Kg/h；h1、h2进入室内侧的水以及被测房间析出水的焓值，单位为kj/kg；q房间围护结构的传热量，单位为kj/h。通过直接测量输入房间的电功率、加湿器的加湿量和水温，风机盘管机组除湿量和水温，房间和环境的温度就可以求得风机盘管机组的制冷量。风管热平衡法：将风机盘管的出风加热，使
12、加热后气流的湿球温度等于风机盘管回风的湿球温度。待稳定后，被测风机盘管的制冷量就近似等于气流的加热量。即Q860N其中，N电加热器、风机等对气流的加热功率，单位为KW。2本次试验基本理论房间热平衡法具有精确度高的优点，但是对房屋结构、控制设备的要求都很高，热稳定需要的时间很长，测试操作比较麻烦。焓差法的特点是简单直接、节匹是代表空调的制冷量大小，制冷量2500W为一匹，制冷功率一般在800瓦左右，具体要看空调的能效比高低了。如一匹的空调制冷量为2500W，适合12平米左右的房间使用。制冷量3200W的匹空调，适合16平米左右的房间使用；制冷量3500W的匹空调，适合18平方的房间使用；制冷量4
13、200W左右的小两匹空调，适合22平方的房间使用；制冷量5000W的两匹空调，适合25平米的房间使用。当然，除了房间面积大小外，还要综合考虑房间的密封保温条件、楼层、朝向、高度等因素。正常情况下，家用可按每平方米配制冷量200W来计算空调的大小，办公室或商用应根据人员多少及密封保温条件适当加大空调的制冷量。机房空调选型估算方法:方法一：功率及面积法Qt=Q1+Q2Qt总制冷量Q1室内设备负荷Q2环境热负荷方法二：面积法Qt=SPQt总制冷量S机房面积P冷量估算指标(根据不同用途机房的估算指标选取)精密空调场所的冷负荷估算指标电信交换机房、移动基站IDC数据中心计算机房、计费中心、控制中心、培训中心电子产品及仪表车间、精密加工车间标准检测室、校准中心UPS和电池室、动力机房医院和检测室、生化培养室、洁净室、实验室仓储室(150-200W/m2)一、ups机房空调选型计算公式1-1.BTU/小时=KCal1-2.KCal=KVA8601-3.BUT/小时=KVA(UPS容量)860(1-UPS效率)=KVA(UPS容量)3400(1-UPS效率)例：10KVAUPS一台整机效率85%,其散热量计算如下：10KVA3400()=5100BTU/小时1
