《中考数学考点过关专题训练：考点33 命题与证明（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《中考数学考点过关专题训练：考点33 命题与证明（含解析）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、考点考点 3333 命题与证明命题与证明一选择题（共一选择题（共 1919 小题）小题）1已知下列命题：若 a3b3，则 a2b2；若点 A（x1，y1）和点 B（x2，y2）在二次函数 y=x22x1 的图象上，且满足x1x21，则 y1y22；在同一平面内，a，b，c 是直线，且 ab，bc，则 ac；周长相等的所有等腰直角三角形全等其中真命题的个数是（ ）A4 个 B3 个 C2 个 D1 个【分析】依据 a，b 的符号以及绝对值，即可得到 a2b2不一定成立；依据二次函数y=x22x1 图象的顶点坐标以及对称轴的位置，即可得 y1y22；依据 ab，bc，即可得到 ac；依据周长相等的
2、所有等腰直角三角形的边长对应相等，即可得到它们全等【解答】解：若 a3b3，则 a2b2不一定成立，故错误；若点 A（x1，y1）和点 B（x2，y2）在二次函数 y=x22x1 的图象上，且满足x1x21，则 y1y22，故正确；在同一平面内，a，b，c 是直线，且 ab，bc，则 ac，故错误；周长相等的所有等腰直角三角形全等，故正确故选：C2用反证法证明时，假设结论“点在圆外”不成立，那么点与圆的位置关系只能是（ ）A点在圆内 B点在圆上C点在圆心上D点在圆上或圆内【分析】由于反证法的步骤是：（1）假设结论不成立；（2）从假设出发推出矛盾；（3）假设不成立，则结论成立在假设结论不成立时要
3、注意考虑结论的反面所有可能的情况，如果只有一种，那么否定一种就可以了，如果有多种情况，则必须一一否定由此即可解决问题【解答】解：反证法证明时，假设结论“点在圆外”不成立，那么点与圆的位置关系只能是：点在圆上或圆内故选：D3下列说法错误的是（ ）A通过平移或旋转得到的图形与原图形全等B“对顶角相等”的逆命题是真命题C圆内接正六边形的边长等于半径D“经过有交通信号灯的路口，遇到红灯”是随机事件【分析】根据平移、旋转的性质、对顶角的性质、圆内接多边形的性质、随机事件的概念判断即可【解答】解：通过平移或旋转得到的图形与原图形全等，A 正确，不符合题意；“对顶角相等”的逆命题是相等的角是对顶角，是假命题
4、，B 错误，符合题意；圆内接正六边形的边长等于半径，C 正确，不符合题意；“经过有交通信号灯的路口，遇到红灯”是随机事件，D 正确，不符合题意；故选：B4下列命题是真命题的是（ ）A平行四边形的对角线相等B三角形的重心是三条边的垂直平分线的交点C五边形的内角和是 540D圆内接四边形的对角相等【分析】根据平行四边形的性质、三角形的重心的概念、多边形内角和的计算公式、圆内接四边形的性质判断即可【解答】解：平行四边形的对角线互相平分，A 是假命题；三角形的重心是三条边的中线的交点，B 是假命题；五边形的内角和=（52）180=540，C 是真命题；圆内接四边形的对角互补，D 是假命题；故选：C5下
5、列命题正确的是（ ）A对角线相等的四边形是平行四边形B对角线相等的四边形是矩形C对角线互相垂直的平行四边形是菱形D对角线互相垂直且相等的四边形是正方形【分析】根据平行四边形、矩形、菱形、正方形的判定定理判断即可【解答】解：对角线互相平分的四边形是平行四边形，A 错误；对角线相等的平行四边形是矩形，B 错误；对角线互相垂直的平行四边形是菱形，C 正确；对角线互相垂直且相等的平行四边形是正方形；故选：C6（台湾）小柔要榨果汁，她有苹果、芭乐、柳丁三种水果，且其颗数比为 9：7：6，小柔榨完果汁后，苹果、芭乐、柳丁的颗数比变为 6：3：4，已知小柔榨果汁时没有使用柳丁，关于她榨果汁时另外两种水果的使
6、用情形，下列叙述何者正确？（ ）A只使用苹果B只使用芭乐C使用苹果及芭乐，且使用的苹果颗数比使用的芭乐颗数多D使用苹果及芭乐，且使用的芭乐颗数比使用的苹果颗数多【分析】根据三种水果的颗数的关系，设出三种水果的颗数，再根据榨果汁后的颗数的关系，求出榨果汁后，苹果和芭乐的颗数，进而求出苹果，芭乐的用量，即可得出结论【解答】解：苹果、芭乐、柳丁三种水果，且其颗数比为 9：7：6，设苹果为 9x 颗，芭乐 7x 颗，铆钉 6x 颗（x 是正整数），小柔榨果汁时没有使用柳丁，设小柔榨完果汁后，苹果 a 颗，芭乐 b 颗，小柔榨完果汁后，苹果、芭乐、柳丁的颗数比变为 6：3：4，a=9x，b=x，苹果的用
7、量为 9xa=9x9x=0，芭乐的用量为 7xb=7xx=x0，她榨果汁时，只用了芭乐，故选：B7（嘉兴）某届世界杯的小组比赛规则：四个球队进行单循环比赛（每两队赛一场），胜一场得 3 分，平一场得 1 分，负一场得 0 分，某小组比赛结束后，甲、乙、丙、丁四队分别获得第一、二、三、四名，各队的总得分恰好是四个连续奇数，则与乙打平的球队是（ ）A甲B甲与丁C丙D丙与丁【分析】直接利用已知得出甲得分为 7 分，2 胜 1 平，乙得分 5 分，1 胜 2 平，丙得分 3 分，1 胜 0 平，丁得分 1 分，0 胜 1 平，进而得出答案【解答】解：甲、乙、丙、丁四队分别获得第一、二、三、四名，各队的
8、总得分恰好是四个连续奇数，甲得分为 7 分，2 胜 1 平，乙得分 5 分，1 胜 2 平，丙得分 3 分，1 胜 0 平，丁得分 1 分，0 胜 1 平，甲、乙都没有输球，甲一定与乙平，丙得分 3 分，1 胜 0 平，乙得分 5 分，1 胜 2 平，与乙打平的球队是甲与丁故选：B8（荆门）下列命题错误的是（ ）A若一个多边形的内角和与外角和相等，则这个多边形是四边形B矩形一定有外接圆C对角线相等的菱形是正方形D一组对边平行，另一组对边相等的四边形是平行四边形【分析】A、任意多边形的外角和为 360，然后利用多边形的内角和公式计算即可；B、判断一个四边形是否有外接圆，要看此四边形的对角是否互补
9、，矩形的对角互补，一定有外接圆；C、根据正方形的判定方法进行判断；D、一组对边平行且相等的四边形是平行四边形【解答】解：A、一个多边形的外角和为 360，若外角和=内角和=360，所以这个多边形是四边形，故此选项正确；B、矩形的四个角都是直角，满足对角互补，根据对角互补的四边形四点共圆，则矩形一定有外接圆，故此选项正确；C、对角线相等的菱形是正方形，故此选项正确；D、一组对边平行且相等的四边形是平行四边形；而一对边平行，另一组对边相等的四边形可能是平行四边形或是梯形，故此选项错误；本题选择错误的命题，故选：D9（滨州）下列命题，其中是真命题的为（ ）A一组对边平行，另一组对边相等的四边形是平行
10、四边形B对角线互相垂直的四边形是菱形C对角线相等的四边形是矩形D一组邻边相等的矩形是正方形【分析】分析是否为真命题，需要分别分析各题设是否能推出结论，从而利用排除法得出答案【解答】解：A、例如等腰梯形，故本选项错误；B、根据菱形的判定，应是对角线互相垂直的平行四边形，故本选项错误；C、对角线相等且互相平分的平行四边形是矩形，故本选项错误；D、一组邻边相等的矩形是正方形，故本选项正确故选：D10（荆门）如图，等腰 RtABC 中，斜边 AB 的长为 2，O 为 AB 的中点，P 为 AC 边上的动点，OQOP 交 BC 于点 Q，M 为 PQ 的中点，当点 P 从点 A 运动到点 C 时，点 M
11、 所经过的路线长为（ ）ABC1D2【分析】连接 OC，作 PEAB 于 E，MHAB 于 H，QFAB 于 F，如图，利用等腰直角三角形的性质得 AC=BC=，A=B=45，OCAB，OC=OA=OB=1，OCB=45，再证明 RtAOPCOQ 得到 AP=CQ，接着利用APE 和BFQ 都为等腰直角三角形得到PE=AP=CQ，QF=BQ，所以 PE+QF=BC=1，然后证明 MH 为梯形 PEFQ 的中位线得到 MH=，即可判定点 M 到 AB 的距离为，从而得到点 M 的运动路线为ABC 的中位线，最后利用三角形中位线性质得到点 M 所经过的路线长【解答】解：连接 OC，作 PEAB 于
12、 E，MHAB 于 H，QFAB 于 F，如图，ACB 为到等腰直角三角形，AC=BC=AB=，A=B=45，O 为 AB 的中点，OCAB，OC 平分ACB，OC=OA=OB=1，OCB=45，POQ=90，COA=90，AOP=COQ，在 RtAOP 和COQ 中，RtAOPCOQ，AP=CQ，易得APE 和BFQ 都为等腰直角三角形，PE=AP=CQ，QF=BQ，PE+QF=（CQ+BQ）=BC=1，M 点为 PQ 的中点，MH 为梯形 PEFQ 的中位线，MH=（PE+QF）=，即点 M 到 AB 的距离为，而 CO=1，点 M 的运动路线为ABC 的中位线，当点 P 从点 A 运动到
13、点 C 时，点 M 所经过的路线长=AB=1故选：C11（广安）下列命题中：如果 ab，那么 a2b2一组对边平行，另一组对边相等的四边形是平行四边形从圆外一点可以引圆的两条切线，它们的切线长相等关于 x 的一元二次方程 ax2+2x+1=0 有实数根，则 a 的取值范围是 a1其中真命题的个数是（ ）A1B2C3D4【分析】直接利用切线长定理以及平行四边形的判定合一元二次方程根的判别式分别判断得出答案【解答】解：如果 ab，那么 a2b2，错误；一组对边平行，另一组对边相等的四边形是平行四边形，错误；从圆外一点可以引圆的两条切线，它们的切线长相等，正确；关于 x 的一元二次方程 ax2+2x
14、+1=0 有实数根，则 a 的取值范围是 a1 且 a0，故此选项错误故选：A12（重庆）下列命题正确的是（ ）A平行四边形的对角线互相垂直平分B矩形的对角线互相垂直平分C菱形的对角线互相平分且相等D正方形的对角线互相垂直平分【分析】根据平行四边形的对角线互相平分；矩形的对角线平分且相等；菱形的对角线互相平分且垂直；正方形的对角线互相垂直平分进行分析即可【解答】解：A、平行四边形的对角线互相垂直平分，是假命题；B、矩形的对角线互相垂直平分，是假命题；C、菱形的对角线互相平分且相等，是假命题；D、正方形的对角线互相垂直平分，是真命题；故选：D13（永州）下列命题是真命题的是（ ）A对角线相等的四
15、边形是矩形B对角线互相垂直的四边形是菱形C任意多边形的内角和为 360D三角形的中位线平行于第三边，并且等于第三边的一半【分析】根据矩形的判定方法对 A 进行判断；根据菱形的判定方法对 B 进行判断；根据多边形的内角和对 C 进行判断；根据三角形中位线性质对 D 进行判断【解答】解：A、对角线相等的平行四边形是矩形，所以 A 选项为假命题；B、对角线互相垂直的平行四边形是菱形，所以 B 选项为假命题；C、任意多边形的外角和为 360，所以 C 选项为假命题；D、三角形的中位线平行于第三边且等于第三边的一半，所以 D 选项为真命题故选：D14（淄博）甲、乙、丙、丁 4 人进行乒乓球单循环比赛（每两个人都要比赛一场），结果甲胜了丁，并且甲、乙、丙胜的场数相同，则丁胜的场数是（ ）A3B2C1D0【分析】四个人共有 6 场比赛，由于甲、乙、丙三人胜的场数相同，所以只有两种可能性：甲胜 1 场或甲胜 2 场；由此进行分析即可【解答】解：四个人共有 6 场比赛，由于甲、乙、丙三人胜的场数相同，所以只有两种可能性：甲胜 1 场或甲胜 2 场；若甲只胜一场，这时乙、丙各胜一场，说明丁胜三场，这与甲胜丁矛盾，所以甲只能是胜两场，即：甲、乙、丙各胜 2 场，
