《2017届高考物理一轮复习 专题四 曲线运动 考点2 抛体运动教案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2017届高考物理一轮复习 专题四 曲线运动 考点2 抛体运动教案（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1考考点点二二 抛抛体体运运动动基础点知识点 1 平抛运动1定义：以一定的初速度沿水平方向抛出的物体只在重力作用下的运动。2性质：平抛运动是加速度为g的匀加速曲线运动，其运动轨迹是抛物线。3平抛运动的条件(1) v00，沿水平方向；(2)只受重力作用。4研究方法：平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动。5基本规律(如图所示)位移关系速度关系2知识点 2 斜抛运动1定义：将物体以初速度v0斜向上方或斜向下方抛出，物体只在重力作用下的运动。2性质：斜抛运动是加速度为g的匀变速曲线运动，运动轨迹是抛物线。3研究方法：用运动的合成与分解方法研究平抛运动。(1)水平方向：匀速直
2、线运动。(2)竖直方向：匀变速直线运动。4基本规律(以斜上抛为例，如图所示)(1)水平方向：v0xv0cos，F合x0，在最高点，vxv0cos。射程x。v2 0sin2 g(2)竖直方向：v0yv0sin，F合ymg，在最高点，vy0，射高y。v2 0sin2 2g重难点一、平抛运动的基本规律1关于平抛运动必须掌握的四个物理量物理量相关分析飞行时间(t) t ，飞行时间取决于下落高度h，与初速度v0无关2h g水平射程(x) xv0tv0，即水平射程由初速度v0和下落高度h共同决定，与其他因素无关2h g落地速度(v)v，以表示落地时速度与x轴正方向间的夹角，有v2xv2yv2 02ghta
3、n，所以落地速度也只与初速度v0和下落高度h有关vy vx2ghv0速度的改变量(v)3因为平抛运动的加速度为恒定的重力加速度g，所以做平抛运动的物体在任意相等时间间隔 t内的速度改变量 vgt相同，方向恒为竖直向下，如图所示2.平抛运动的两个重要推论(1)做平抛运动的物体任一时刻的瞬时速度的反向延长线一定通过此时水平位移的中点，如图甲中A点和B点所示。其推导过程为 tan 。vy vxgt2 v0ty x 2(2)做平抛运动的物体在任一时刻任一位置处，设其速度方向与水平方向的夹角为，位移与水平方向的夹角为，则 tan2tan。如图乙所示。其推导过程为tan2tan。vy v0gtt v0t2
4、y x二、平抛运动与斜面结合问题平抛运动问题常与斜面联系在一起，解决此类问题除了要用到平抛运动中的“位移关系”和“速度关系”外，还要充分挖掘隐含在斜面上的边、角几何关系，建立“平抛”和“斜面”之间的联系，体现数理结合的思想方法。此类问题的特点是做平抛运动的物体落在斜面上，包括两种情况：(1)物体从空中抛出落在斜面上；(2)从斜面上抛出落在斜面上。1两种常见模型及其求解方法实例方法内容斜面求小球平抛时间总结分解速度水平vxv0竖直vygt合速度vv2xv2y如图，vygt，tan，v0 vyv0 gt故tv0 gtan分解速度，构建速度三角形4分解位移水平xv0t竖直ygt21 2合位移x合x2
5、y2如图，xv0t，ygt2，而 tan ，1 2y x联立得t2v0tan g分解位移，构建位移三角形2.在斜面上以不同的初速度水平抛出的物体，若落点在斜面上，则具有以下规律(为斜面倾角)(1)物体的竖直位移与水平位移之比是同一个常数，这个常数等于斜面倾角的正切值tan ；y x(2)物体的运动时间与初速度成正比t；2v0tan g(3)物体落在斜面上，位移方向相同，都沿斜面方向；(4)物体落在斜面上时速度方向都平行，且与平抛初速度无关，只与斜面倾角有关。tan2tan其中为速度与水平方向的夹角；(5)当物体的速度方向与斜面平行时，物体离斜面的距离最远，且该时刻还具有以下特点：该时刻是全运动
6、过程的中间时刻。该时刻之前与该时刻之后竖直方向上的位移之比为 13。该时刻之前与该时刻之后斜面方向上的位移之比不是 13。特别提醒平抛运动也不是一定要分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，在有些问题中，过抛出点建立适当的直角坐标系，把重力加速度g正交分解为gx、gy，把初速度v0正交分解为vx、vy，然后分别在x、y方向列方程求解，可以简化解题过程，化难为易。三、类平抛运动问题1定义：所谓类平抛运动，就是受力特点和运动特点类似于平抛运动，即物体受到一个恒定的外力作用且外力与初速度方向垂直时所做的曲线运动。2受力特点：物体所受合力为恒力，且与初速度的方向垂直。3运动特点：沿初速度
7、v0方向做匀速直线运动，沿合力方向做初速度为零的匀加速直线运动。4研究方法(1)常规分解法：将类平抛运动分解为沿初速度方向的匀速直线运动和垂直于初速度方向(即沿合力方向)的匀加速直线运动，两分运动彼此独立，互不影响，且与合运动具有等时性。(2)特殊分解法：对于有些问题，可以过抛出点建立适当的直角坐标系，将加速度a分解为ax、ay，初速度v0分解为v0x、v0y，然后分别在x、y轴方向列方程求解。特别提醒类平抛运动问题特别要注意加速度的求解，它不在等于重力加速度g，应先求物体合5外力，再利用牛顿第二定律a求解，其他方面和平抛运动相同。F合 m四、斜抛运动的规律斜抛运动的处理方法与平抛运动的处理方
8、法相似，不同的是，斜抛物体在竖直方向上的初速度不为零。如图所示，物体被抛出后在水平方向上以水平分速度v0x做匀速直线运动；在竖直方向上做初速度为v0y的竖直上抛运动。(1)速度：vxv0xv0cos，vyv0singt。(2)位移：xv0cost，yv0sintgt2。1 2(3)飞行时间、射高和射程飞行时间：T2v0y g2v0sin g射高：Yv2 0y 2gv2 0sin2 2g射程：Xv0cosT2v2 0sincos gv2 0sin2 g可见，若初速度v0一定，则当45时，射程最大，为Xmax。v2 0 g(4)斜上抛运动的对称性轨迹对称：斜抛运动的轨迹是抛物线，升弧与降弧关于过最
9、高点的竖直线对称。速度对称：关于过最高点的竖直线对称的两点速度大小相等，或水平方向速度相等，竖直方向速度等大、反向。时间对称：物体经过关于过最高点的竖直线对称的两段轨迹所用的时间相等。1思维辨析(1)以一定的初速度水平抛出的物体的运动是平抛运动。( )(2)平抛运动的轨迹是抛物线，速度方向时刻变化，加速度方向也可能时刻变化。( )(3)无论初速度是斜向上方还是斜向下方的斜抛运动都是匀变速曲线运动。( )(4)做平抛运动的物体质量越大，水平位移越大。( )(5)做平抛运动的物体初速度越大，落地时竖直方向的速度越大。( )6(6)做平抛运动的物体初速度越大，在空中运动的时间越长。( )(7)从同一
10、高度水平抛出的物体，不计空气阻力，初速度大的落地速度大。( )答案 (1) (2) (3) (4) (5) (6) (7)22014 年 8 月 3 日 16 时 30 分云南省鲁甸县发生 6.5 级强震，牵动了全国人民的心，一架装载救灾物资的直升机，以 9 m/s 的速度水平飞行。在距地面 180 m 的高度处，欲将救灾物资准确投放至地面目标，若不计空气阻力，g取 10 m/s2，则( )A物资投出后经过 20 s 到达地面目标B物资投出后经过 6 s 到达地面目标C应在地面目标正上方投出物资D应在距地面目标水平距离 180 m 处投出物资答案 B解析 救灾物资离开飞机后做平抛运动，在竖直方
11、向上有hgt2，解得t 1 22h gs6 s，选项 A 错误，B 正确；救灾物资的水平位移xv0t96 m54 m，2 180 10为把物资准确投放至地面目标，应在距地面目标水平距离 54 m 处投出物资，选项 C、D 错误。3如图所示，AB为半圆环ACB的水平直径，C为环上的最低点，环半径为R。一个小球从A点以速度v0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是( )A只要v0足够大，小球可以击中B点B即使v0取值不同，小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角也相同C若v0取值适当，可以使小球垂直撞击半圆环D无论v0取何值，小球都不可能垂直撞击半圆环答案 D解析 小球做平抛运动，在竖直方
12、向上做自由落体运动，可知小球不可能击中B点，选项 A 错误，初速度不同，小球落点的位置不同，运动的时间可能不同，则小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角不同，选项 B 错误，小球不可能垂直撞击在半圆环AC段，因为根据速度的合成，平抛运动的速度方向偏向右，假设小球与BC段垂直撞击，设此时速度与水平方向的夹角为，知撞击点与圆心的连线与水平方向的夹角为，连接抛出点与撞击点，与水平方向的夹角为。根据几何关系知2，因为平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的 2 倍，即 tan2tan，与2相矛盾，则不可能与半圆弧垂直相撞，选项 C 错误，D 正确。7考法综述 本考点是曲线运
13、动的两类典型运动之一，掌握平抛运动的特点和性质，掌握研究平抛运动的方法及应用是本考点的重点，高考命题既可以单独命题，难度较低，也可以与圆周运动、功能关系结合进行交汇命题，难度、频度较高。因此本考点复习仍以夯实基础知识为主，通过复习应掌握：3 类运动平抛运动和斜抛运动、类平抛运动1 种方法运动的合成与分解3 种思路分解速度、位移和加速度1 个典型斜面上的平抛运动命题法 1 平抛运动的基本规律典例 1 如图所示，从某高度水平抛出一小球，经过时间t到达地面时，速度与水平方向的夹角为，不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法正确的是( )A小球水平抛出时的初速度大小为gttanB小球在t时间内的位移方向
14、与水平方向的夹角为 2C若小球初速度增大，则平抛运动的时间变长D若小球初速度增大，则减小答案 D解析 到达地面时速度分解如图所示，由 tan可得小球平抛的初速度大小gt v0v0，A 错误；设位移与水平方向的夹角为，由 tan tan可gt tanh x1 2gt2 v0tgt 2v01 28知，B 错误；小球平抛运动的时间t，与小球初速度无关，C 错误；由 22h gtan可知，v0越大，越小，D 正确。gt v0【解题法】 解答平抛运动问题的常用解法(1)解答平抛运动问题时，一般的方法是将平抛运动沿水平和竖直两个方向分解，这样分解的优点是不用分解初速度，也不用分解加速度。(2)将平抛运动分
15、解之后，要充分利用平抛运动中的位移矢量三角形和速度矢量三角形找各量的关系。命题法 2 平抛运动与斜面结合问题典例 2 滑雪比赛惊险刺激，如图所示，一名跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，经过t3.0 s 落到斜坡上的A点。已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角37，运动员的质量m50 kg。不计空气阻力，运动员视为质点(取 sin 370.60，cos 370.80，g10 m/s2)。求：(1)A点与O点的距离L；(2)运动员离开O点时的速度大小v0；(3)运动员从O点飞出开始到离斜坡距离最远所用的时间t1。答案 (1)75 m (2)20 m/s (3)1.5 s解析 (1)运动员在竖直方向做自由落体运动，则Lsin37gt21 2解得L75 mgt2 2sin37(2)设运动员离开O点时的速度为v0，运动员在水平方向的分运动为匀速直线运动，则Lcos37v0t解得v020 m/sLcos37 t(3)解法一：当运动员的速度方向平行于斜坡或与水平方向向下成 37角时，运动员与斜坡距离最远，则9tan37gt1 v0解得t11.5 s解法二：运动员的平抛运动可分解为沿斜面方向的匀加速运动(初速度为v0cos37、加速度为gsin37)和垂直斜面方
