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1、120192019 高考物理一轮选练编题（高考物理一轮选练编题（7 7）李仕才 一、选择题1、(2018山西晋中一模)如图所示为一个做匀变速曲线运动的物块的轨迹示意图,运动至A 点时速度大小为 v0,经一段时间后物块运动至 B 点,速度大小仍为 v0,但相对于 A 点时的速度方向改变了 90,则在此过程中( D )A.物块的运动轨迹 AB 可能是某个圆的一段圆弧B.物块的动能可能先增大后减小C.物块的速度大小可能为D.B 点的加速度方向与速度方向的夹角小于 90解析: 物块做匀变速曲线运动,则加速度的大小与方向都不变,所以运动的轨迹是一段抛物线,不是圆弧,选项 A 错误;由题意,物块运动到 B
2、 点时速度方向相对 A 点时的速度方向改变了 90,速度沿 B 点轨迹的切线方向,则知加速度方向垂直于 AB 的连线向下,合外力也向下,质点做匀变速曲线运动,质点由 A 到 B 过程中,合外力先做负功,后做正功,由动能定理可得,物块的动能先减小后增大,选项 B 错误;物块的加速度方向垂直于 AB 的连线向下,根据题意可知速度方向改变 90,则 A 点的速度方向与 AB 连线方向夹角为 45,如图所示,所以在物块运动过程中的最小速度为v0,选项 C 错误;物块在 B 点速度方向沿 B 点轨迹的切线方向,而加速度方向垂直于 AB 的连线向下,可知二者之间的夹角小于 90,选项 D 正确.2、(20
3、17江西三市六校联考)如图所示，两质量均为 m1 kg 的小球 1、2(可视为质点)用长为 L1.0 m 的轻质杆相连，水平置于光滑水平面上，且小球 1 恰好与光滑竖直墙壁接触，现用力 F 竖直向上拉动小球 1，当杆与竖直墙壁夹角 37时，小球 2 的速度大小 v1.6 m/s，sin 370.6，g10 m/s2，则此过程中外力 F 所做的功为( )2A8 J B8.72 JC10 J D9.28 J解析：选 C.当杆与竖直墙壁夹角 37时，设小球 1 的速度为 v1，将小球 1、2 的速度沿杆方向和垂直杆方向分解，则有 v1cos 37vcos 53，所以 v1 v1.2 m/s，取两小球
4、3 4和轻质杆为整体，则由动能定理知 WFmgLcos 37 mv mv2，联立并代入数值得 WF10 1 22 11 2J，C 对2(2017湖北武汉三模)如图所示，D、E、F、G 为地面上水平间距相等的四点，三个质量相等的小球 A、B、C 分别在 E、F、G 的正上方不同高度处，以相同的初速度水平向左抛出，最后均落在 D 点若不计空气阻力，则可判断 A、B、C 三个小球( )A初始离地面的高度比为 123B落地时的速度大小之比为 123C落地时重力的瞬时功率之比为 123D从抛出到落地的过程中，动能的变化量之比为 123解析：选 C.A、相同的初速度抛出，而 A、B、C 三个小球的水平位移
5、之比 123，可得运动的时间之比为 123，再由 h gt2可得，A、B、C 三个小球抛出高度之比为1 2149，故 A 错误；B、由于相同的初动能抛出，根据动能定理 mv2 mv mgh，由不1 21 22 0同的高度，可得落地时的速度大小之比不可能为 123，若没有初速度，则之比为 123，故 B 错误；C、相同的初速度抛出，而 A、B、C 三个小球的水平位移之比 123，可得运动的时间之比为 123，由 v竖gt 可得竖直方向的速度之比为 123，由 PGv，那么落地时重力的瞬时功率之比为 123，故 C 正确；D、根据动能定理 mv2 mv mgh，由于质量相等且已知高度之比，可得落地
6、时动能的变化量之比即1 21 22 0为 149，故 D 错误；故选 C.3、 （2018 湖南师范大学附属中学高三上学期第二次月考）甲乙两辆汽车都从同一地点由静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变，在第一段时间间隔 T 内，两辆汽车的加速度大小不变，汽车乙的加速度大小是甲的三倍，接下来，汽车甲的加速度大小增加为原来的三倍，汽车乙的加速度大小减小为原来的，则A. 在 2T 末时，甲、乙两车的速度相等3B. 甲、乙两车从静止到速度相等时，所经历的位移大小之比为 3：5C. 在 4T 末，两车第一次相遇，且只能相遇一次D. 在运动过程中，两车能够相遇两次【答案】AB【解析】设汽车甲在第一段时间
7、间隔末（时刻 T）的速度为，第二段时间间隔末（时刻2T）的速度为，第一段时间间隔内行驶的路程为，加速度为，在第二段时间间隔内行驶的路程为，由运动学公式有， ， ， ； ；设汽车乙在时刻 T 的速度为，第二段时间间隔末（时刻 2T）的速度为，在第一、二段时间间隔内行驶的路程分别为、，同理有， ， ， ， ；在 2T 末时，甲、乙两车的速度相等，故 A 正确；甲、乙两车从静止到速度相等时，所经历的位移大小之比为 3：5，故 B 正确；在 4T 末， ， ，甲车在前，乙车在后，故 D 错误；4、(2017浙江联考)如图所示，粗糙程度均匀的绝缘空心斜面 ABC 放置在水平面上，CAB30，斜面内部 O
8、 点(与斜面无任何连接)固定有一正点电荷，一带负电的小物体(可视为质点)可以分别静止在 M、N 点和 MN 的中点 P 上，OMON，OMAB，则下列判断正确的是( )A小物体分别在三处静止时所受力的个数一定都是 4 个B小物体静止在 P 点时受到的支持力最大，静止在 M、N 点时受到的支持力相等C小物体静止在 P 点时受到的摩擦力最大D当小物体静止在 N 点时，地面给斜面的摩擦力为零4解析：选 B.从小物体所受重力、支持力和库仑力的方向关系看，小物体在 M 点时可能受三 个力作用，故 A 错；小物体静止时受到的支持力大小等于重力和库仑力在垂直斜面方向的 分力之和的大小，由于 P 点离 O 点
9、最近，且此时库仑力垂直于斜面，故小物体静止在 P 点 时受到的支持力最大，由 M、N 点相对 P 点的对称关系可确定库仑力垂直斜面的分力相同， 故小物体静止在 M、N 点时受到的支持力相等，B 正确；在 P 点时，小物体所受静摩擦力大 小等于重力沿斜面方向的分力大小，而在 N 点时静摩擦力大小等于重力和库仑力沿斜面方 向的分力大小之和，故 C 错；小物体静止在 N 点时，对斜面和小物体整体受力分析可知， 由于受到沿左下方的库仑力，由平衡条件知地面给斜面的摩擦力方向向右故 D 错5、(2017江西景德镇一模)(1)(5 分)下列说法中正确的是 (填正确答案标号.选对 1 个得 2 分,选对 2
10、个得 4 分,选对 3 个得 5 分.每选错 1 个扣 3 分,最低得分为 0 分). A.尽管技术不断进步,但热机的效率仍不能达到 100%,而制冷机却可以使温度降到热力学零度B.雨水没有透过布雨伞是液体表面张力的作用导致的C.气体温度每升高 1 K 所吸收的热量与气体经历的过程有关D.空气的相对湿度定义为水的饱和蒸汽压与相同温度时空气中所含水蒸气压强的比值E.悬浮在液体中的微粒越大,在某一瞬间撞击它的液体分子数越多,布朗运动越不明显(2)(10 分)如图(甲)所示,竖直放置的汽缸内壁光滑,横截面积为 S=110-3 m2.活塞的质量为 m=2 kg,厚度不计.在 A,B 两处设有限制装置,
11、使活塞只能在 A,B 之间运动,B 下方汽缸的容积为 1.010-3 m3,A,B 之间的容积为 2.010-4 m3,外界大气压强 p0=1.0105 Pa.开始时活塞停在 B 处,缸内气体的压强为 0.9p0,温度为 27 .现缓慢加热缸内气体,直至 327 .求:活塞刚离开 B 处时气体的温度 t2;缸内气体最后的压强;在图(乙)中画出整个过程中的 p V 图线.解析:(1)热力学零度只能接近而不能达到,A 错误;雨水没有透过布雨伞是液体表面张力的作用导致的,B 正确;由热力学第一定律 U=Q+W 知,温度每升高 1 K,内能增加,但既可能是吸收热量,也可能是对气体做功使气体的内能增加,
12、C 正确;空气的相对湿度是指空气中所含水蒸气的压强与同温度下的饱和蒸汽压的比值,故 D 错误,微粒越大,某一瞬间撞击它的分子5数越多,受力越容易平衡,布朗运动越不显著,E正确.(2)活塞刚离开 B 处时,设气体的压强为 p2,由二力平衡可得p2=p0+解得 p2=1.2105 Pa由查理定律得=,解得 t2=127 .设活塞最终移动到 A 处,缸内气体最后的压强为 p3,由理想气体状态方程得=,解得 p3=1.5105 Pa.因为 p3p2,故活塞最终移动到 A 处的假设成立.如图所示答案:(1)BCE (2)127 1.5105 Pa 见解析 6、(2017江西红色七校联考)下列关于物理方法
13、或物理学史的说法中错误的是( )A安培分子电流假说解释了磁体的磁场的形成B由楞次定律判断感应电流的方向C物理模型在物理学研究中起到了重要作用，其中“质点” “点电荷” “电流元” “元电荷”等都是理想化模型D牛顿在发现万有引力定律的过程中使用了“月地检验”解析：选 C.安培分子电流假说解释了磁体和电流的磁场的形成，故 A 正确；由楞次定律即 可判断感应电流的方向，故 B 正确；物理模型在物理学研究中起到了重要作用，其中“质 点” “点电荷” “电流元”等都是理想化模型，但元电荷是客观存在的，不属于理想化模型， 故 C 错误；牛顿在发现万有引力定律的过程中使用了“月地检验”证明了万有引力定 律的
14、正确性，故 D 正确67、如图所示，在光滑水平面上放置一个质量为 M 的滑块，滑块的一侧是一个1 4圆弧，圆弧半径为 R，E 点切线水平。另有一个质量为 m 的小球以速度 v0从 A 点冲向滑块，不计摩擦。下列说法中正确的是( )A当 v02gR时，小球能到达 F 点B若小球的速度足够大，小球将从滑块的右侧离开滑块C小球在圆弧上运动的过程中，滑块的动能增大，小球的机械能减小D若滑块固定，小球返回 E 点时对滑块的压力为 mgm2 0v R【答案】CD【解析】小球在圆弧上运动的过程中，小球对滑块的力有水平向右的分量，使滑块向右加 速，滑块动能增大，小球的机械能将减小，选项 A 错误、C 正确；当
15、小球速度足够大，从 F 点离开滑块时，由于 F 点切线竖直，在 F 点时小球与滑块的水平速度相同，离开 F 点后 将再次从 F 点落回，不会从滑块的右侧离开滑块，选项 B 错误；如果滑块固定，小球返回E 点时对滑块的压力为 mgm2 0v R，选项 D 正确。8、如图所示，木板 P 下端通过光滑铰链固定于水平地面上的 O 点，物体 A、B 叠放在木板上且处于静止状态，此时物体 B 的上表面水平。现使木板 p 绕 O 点缓慢旋转到虚线所示位置，物体 A、B 仍保持静止，与原位置的情况相比A. B 对 A 的作用力不变 B. A 对 B 的压力增大C. 木板对 B 的支持力增大 D. 木板对 B
16、的摩擦力不变【来源】宁夏银川一中 2018 届高三第四次模拟考试理综物理试卷【答案】 A【解析】A、当将 P 绕 O 点缓慢旋转到虚线所示位置，B 的上表面不再水平，A 受力情况如图 1，7CD、以 AB 整体为研究对象，分析受力情况如图 2：受总重力 GAB、板的支持力 N2和摩擦力 f2，由平衡条件分析可知：； 由于 逐渐增大，所以 N2减小，f2增大，故 CD 错误 故选 A点睛：采用整体隔离的方式对研究对象正确受力分析，建立平衡公式求解待求量即可。 二、非选择题(2018河南六市一联)足够长的倾角为 的光滑斜面的底端固定一轻弹簧,弹簧的上端连接质量为 m、厚度不计的钢板,钢板静止时弹簧的压缩量为 x0,如图所示.一物块从距钢板3x0的 A 处沿斜面滑下,与钢板碰撞后立刻与钢板一起向
