《【物理】辽宁省沈阳市学校2014-2015学年高二下学期开学试卷》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【物理】辽宁省沈阳市学校2014-2015学年高二下学期开学试卷（22页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、12014-20152014-2015 学年辽宁省沈阳市东北育才学校高二（下）学年辽宁省沈阳市东北育才学校高二（下）开学物理试卷开学物理试卷参考答案与试题解析参考答案与试题解析一、选择题（本题共一、选择题（本题共 1212 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 4848 分在每小题给出的四个选项中，有的分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的，全部选对的得小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的，全部选对的得 4 4 分，选对但分，选对但不全的得不全的得 2 2 分，有选错或不答的得分，有选错或不答的得 0 0 分）分）1 （4
2、 分）如图所示，位于光滑固定斜面上的小物块 P 受到一水平向右的推力 F 的作用，已知物块 P 沿斜面加速下滑，现保持 F 的方向不变，使其减小，则加速度（）A 一定变小B 一定变大C 一定不变D 可能变小，可能变大，也可能不变考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：对物块进行受力分析，物块受重力、支持力、推力，沿斜面加速下滑，知加速度的方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律列出方程，根据 F 的变化，可知加速度的变化解答：解：小物块 P 在推力 F 的作用下，沿光滑固定斜面加速下滑，设小物块的质量为m，斜面的倾角为 ，分析小物块的受力，并建立小物块的动力学方程，由
3、牛顿第二定律，有：mgsinFcos=maa=gsin当保持 F 的方向不变，使其减小时，则加速度 a 一定变大故 B正确，A、C、D 错误故选 B点评：解决本题的关键熟练运用正交分解，根据牛顿第二定律求出加速度22 （4 分）如图所示，A、B 球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为 的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间下列说法正确的是（）A 两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为 gsinB B 球的受力情况未变，瞬时加速度为零C A 球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为 2gsinD 弹簧有收缩的趋势，B 球的瞬时加速度向上，A 球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都
4、不为零考点：牛顿第二定律；胡克定律 分析：（1）根据平衡条件可知：对 B 球 F弹=mgsin，对 A 球 F绳=F弹+mgsin；（2）细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不会瞬间发生改变；（3）对 A、B 球分别进行受力分析，根据牛顿第二定律即可求出各自加速度解答：解：系统静止，根据平衡条件可知：对 B 球 F弹=mgsin，对 A 球 F绳=F弹+mgsin，细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生改变，则：AB 球受力情况未变，瞬时加速度为零；对 A 球根据牛顿第二定律得：a=2gsin，故 A 错误；BB 球的受力情况未变，瞬时加速度为零，故 B 正
5、确；C对 A 球根据牛顿第二定律得：a=2gsin，故 C 正确；DB 球的受力情况未变，瞬时加速度为零，故 D 错误；故选 BC点评：该题是牛顿第二定律的直接应用，本题要注意细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生瞬间改变，该题难度适中33 （4 分）斜面上的物体受到平行于斜面向下的力 F 作用，力 F 随时间变化的图象及物体运动的坩图象如图所示由图象中的信息能够求出的物理量或可以确定的关系有（）A 物体的质量 mB 斜面的倾角 C tanD 物体与斜面间的动摩擦因数 考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：动态预测题；牛顿运动定律综合专题分析：由 vt
6、 图象判断物体在不同时间内的运动情况，由 Ft 图象可以读出物体在不同时间内所受到的推力大小由 vt 图象分析得知物体 46s 内处于平衡状态，由平衡条件求出物体所受摩擦力大小物体在 02s 内做匀加速直线运动，由 vt 图象的斜率求出加速度，再由牛顿第二定律求解物块的质量由摩擦力公式求出 解答：解：设斜面的倾角为 由 vt 图象可知，在 46s 内物体处于匀速直线运动状态，由平衡条件可知，物体所受到的滑动摩擦力 f 与拉力 F 及重力在斜面上的分量平衡，即 f=F+mgsin，由图 Ft 图象可知，在 2s6s 内，推力 F=2N，则物体所受到的摩擦力f=2+mgsin物体在 02s 内做匀
7、加速直线运动，由 vt 图象的斜率得出加速度，由 Ft 图象在 02s 内读出 F=3N，由牛顿第二定律得 F+mgsinf=ma，由解得 m=1kg，故 A 正确4f=mgcos由物块与斜面之间的动摩擦因数，故 C 正确；由于 未知，故不能算出 ，故 BD 错误故选：AC点评：本题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，根据牛顿定律求解物理量，是常见题型4 （4 分）如图，在光滑水平面上有一质量为 m1的足够长的木板，其上叠放一质量为 m2的木块假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等现给木块施加一随时间 t增大的水平力 F=kt（k 是常数） ，木板和木块加速度的
8、大小分别为 a1和 a2，下列反映 a1和a2变化的图线中正确的是（）ABCD考点：牛顿第二定律 专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题分析：当 F 比较小时，两个物体相对静止，一起加速运动，加速度相同，根据牛顿第二定律得出加速度与时间的关系当 F 比较大时，m2相对于 m1运动，两者加速度不同，根据牛顿第二定律分别对两个物体研究，得出加速度与时间的关系，再选择图象解答：解：当 F 比较小时，两个物体相对静止，加速度相同，根据牛顿第二定律得：a=，at；当 F 比较大时，m2相对于 m1运动，根据牛顿第二定律得：对 m1：a1=，、m1、m2都一定，则 a1一定5对 m2：a2=tg，a2是 t
9、的线性函数，t 增大，a2增大由于，则两木板相对滑动后 a2图象大于两者相对静止时图象的斜率故 A 正确故选：A点评：本题首先要分两个相对静止和相对运动两种状态分析，其次采用整体法和隔离法研究得到加速度与时间的关系式，再选择图象，是经常采用的思路5 （4 分）如图甲所示，在倾角为 的光滑斜面上，有一个质量为 m 的物体在斜面方向的力 F 的作用下由静止开始运动，物体的机械能 E 随位移 x 的变化关系如图乙所示，其中Ox1过程的图线是曲线，x1x2过程的图线为平行于 x 轴的直线，则下列说法中正确的是（）A 物体在沿斜面向上运动B 在 0x1过程中，物体的加速度一直减小C 在 0x2过程中，物
10、体先减速再匀速D 在 x1x2过程中，物体的加速度为 gsin考点：功能关系 分析：根据功能关系：除重力以外其它力所做的功等于机械能的增量，在 0x1过程中物体机械能在减小，知拉力在做负功，机械能与位移图线的斜率表示拉力当机械能守恒时，拉力等于零，通过拉力的变化判断其加速度的变化解答：解：A、在 0x1过程中物体机械能在减小，知拉力在做负功，拉力方向向上，所以位移方向向下，故物体在沿斜面向下运动，故 A 错误；6B、在 0x1过程中图线的斜率逐渐减小到零，知物体的拉力逐渐减小到零根据 a=，可知，加速度逐渐增大，故 B 错误；C、在 0x1过程中，加速度的方向与速度方向相同，都沿斜面向下，所以
11、物体做加速运动，故 C 错误；D、在 x1x2过程中，机械能守恒，拉力 F=0，此时 a=，故 D 正确故选：D点评：解决本题的关键通过图线的斜率确定出拉力的变化，然后根据牛顿第二定律判断出加速度的方向，根据加速度方向和速度的方向关系知道物体的运动规律6 （4 分）如图所示，一个小球（视为质点）从 H=12m 高处，由静止开始通过光滑弧形轨道 AB，进入半径 R=4m 的竖直圆环，圆环轨道部分的动摩擦因数处处相等，当到达环顶 C时，刚好对轨道压力为零；沿 CB 滑下后，进入光滑弧形轨道 BD，且到达高度为 h 的 D 点时速度为零，则 h 之值可能为（g=10m/s2） （）A 8mB9mC1
12、0mD 11m考点：机械能守恒定律；向心力 专题：机械能守恒定律应用专题分析：到达环顶 C 时，刚好对轨道压力为零，根据牛顿第二定律求出在 C 点的速度根据动能定理研究小球上升到顶点过程求出摩擦力做功小球沿轨道下滑，由于机械能有损失，所以下滑速度比上升速度小，因此对轨道压力变小，所受摩擦力变小，所以下滑时，摩擦力做功大小小于上升过程做的功根据能量守恒分析解答解答：解：到达环顶 C 时，刚好对轨道压力为零所以在 C 点，重力充当向心力根据牛顿第二定律因此 mg=m7得 R=4m所以 mv2=2mg所以在 C 点，小球动能为 2mg，因为圆环半径是 4m，因此在 C 点，以 b 点为零势能面，小球
13、重力势能=2mgR=8mg开始小球从 H=12m 高处，由静止开始通过光滑弧形轨道 ab因此在小球上升到顶点时，根据动能定理得：Wf+mg（128）= mv20所以摩擦力做功 wf=2mg，此时机械能等于 10mg，之后小球沿轨道下滑，由于机械能有损失，所以下滑速度比上升速度小，因此对轨道压力变小，所受摩擦力变小，所以下滑时，摩擦力做功大小小于 2mg，机械能有损失，到达底端时小于 10mg此时小球机械能大于 10mg2mg=8mg，而小于 10mg所以进入光滑弧形轨道 bd 时，小球机械能的范围为，8mgEp10mg所以高度范围为 8mh10m，故选：B点评：选取研究过程，运用动能定理解题动
14、能定理的优点在于适用任何运动包括曲线运动了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量，特别是可以去求变力功7 （4 分）汽车在平直公路上以速度 v0匀速行驶，发动机功率为 P，牵引力为 F0，t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到 t2时刻，汽车又恢复了匀速直线运动（设整个过程中汽车所受的阻力不变） 则图中能反映汽车牵引力F、汽车速度 V 在这个过程中随时间 t 变化的图象是（）AB 8CD 考点：功率、平均功率和瞬时功率 专题：功率的计算专题分析：汽车的功率
15、P=Fv，分析司机减小油门时牵引力的变化，判断汽车速度的变化再选择图象解答：解：由题，汽车以功率 P、速度 v0匀速行驶时，牵引力与阻力平衡当司机减小油门，使汽车的功率减为 时，根据 P=Fv 得知，汽车的牵引力突然减小到原来的一半，即为 F= F0，而阻力没有变化，则汽车开始做减速运动，由于功率保持为 P，随着速度的减小，牵引力逐渐增大，根据牛顿第二定律得知，汽车的加速度逐渐减小，做加速度减小的变减速运动当汽车再次匀速运动时，牵引力与阻力再次平衡，大小相等，由 P=Fv 得知，此时汽车的速度为原来的一半故选 AD点评：本题考查分析汽车运动过程的能力，要抓住汽车的功率 P=Fv，在功率一定时，牵引力与速度成反比，是相互制约的关系8 （4 分） （多选）如图所示，在匀速转动的电动机带动下，足够长的水平传送带以恒定速率 v1匀速向右运动，一质量为 m 的滑块从传送带右端以水平向左的速率 v2（v2v1）滑上传送带，最后滑块返回传送带的右端关于这一过程的下列判断，正确的有（）A 滑块返回传送带右端的速率为 v1B 此过程中传送带对滑块做功为 mv12 mv22C 此过程中电动机对传送带做功为 2m12D 此过程中滑块与传送带间摩擦产生的热量为 m（v1+v2）29考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；功能关系 专题：动能定理的应用专题分析：物体由于惯性冲上皮带后，受到向左的滑动摩擦力
