《【物理】江苏省南京市河西分校2014-2015学年高二（上）期中试卷（选修）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【物理】江苏省南京市河西分校2014-2015学年高二（上）期中试卷（选修）（21页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、12014-2015 学年江苏省南京市金陵中学河西分校高二（上）期中物理试卷（选修）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共一、单项选择题（本题共 6 小题，每小题小题，每小题 4 分，共计分，共计 24 分，每小题只有一个选项符合题意，分，每小题只有一个选项符合题意，把所选项前的字母填在题后括号内）把所选项前的字母填在题后括号内）1 （4 分） （2015北京）关于电荷量、电场强度、磁感应强度、磁通量的单位，下列说法错误的是（）A牛/库是电荷量的单位 B特斯拉是磁感应强度的单位C磁通量的单位是韦伯 D伏/米是电场强度的单位考点：电场强度；磁通量专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场强度的
2、定义式 E= 、电场强度与电势差的关系式 E= 、磁通量的定义式=BS 等等，分析各个量的单位解答：解：A、电荷量的单位是库仑，由电场强度的定义式 E= 知，F 的单位是牛，q 的单位是库，则电场强度的单位是牛/库故 A 错误B、特斯拉是磁感应强度的单位，故 B 正确C、磁通量的定义式 =BS，B 的单位是 T，S 的单位是 m2，磁通量 的单位是韦伯，故C 正确D、由电场强度与电势差的关系式 E= ，可知 U 的单位是伏特，d 的单位是米，则电场强度的单位是伏/米，故 D 正确本题选错误的，故选：A点评：本题关键要掌握常见物理量的单位，知道物理量之间的关系式，即相关的公式，能根据公式推导出单
3、位之间的关系尤其是磁通量的单位，是比较容易忘记的2 （4 分） （2014 秋建邺区校级期中）如图所示，在某一点电荷 Q 产生的电场中，有a、b 两点，其中 a 点的场强大小为 Ea，方向与 ab 连线成 30角；b 点的场强大小为 Eb，方向与 ab 连线成 60角则关于 a、b 两点场强大小及电势高低，下列说法中正确的是（）2AEa=3Eb，abBEb=3Ea，abCEa=2Eb，abDEb=2Ea，ab考点：点电荷的场强；电场强度；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：将 Ea、Eb延长相交，即得到 Q 点的位置，由几何知识求出 ab 两点到 Q 的距离之比，由 E=求解场强之比根据两点
4、到 Q 距离的大小关系，比较电势高低解答：解：将 Ea、Eb延长相交，交点即为 Q 点的位置设 ab 两点到 Q 的距离分别为 ra和 rb，由几何知识得到：Ra=abcos30；Rb=absin30故有：E=求解场强之比为：=由电场线的方向可得，场源电荷为负电荷，故有：ab；故选：B点评：本题的解题关键是确定 Q 的位置，根据点电荷电场线分布特点及点电荷额场强公式求解3 （4 分） （2008威海模拟）一质量为 m、带电量为 q 的小球用细线系住，线的一端固定在 O 点若在空间加上匀强电场，平衡时线与竖直方向成 60角则电场强度的最小值为（）ABCD考点：电场强度；力的合成与分解的运用；共点
5、力平衡的条件及其应用3分析：当电场强度最小时，电场力最小，根据平衡条件可知物体所受合力为 0，故电场力和绳子拉力的合力等于物体的重力，根据平行四边形定则可以将三个力放到同一个矢量三角形中，故电场力的对边的箭头落在绳子上显然只有当电场力与绳垂直时电场力最小解答：解：以小球为研究对象，对小球进行受力分析，故小球受到重力 mg、绳的拉力F1、电场力 F2三个力作用，根据平衡条件可知，拉力 F1与电场力 F2的合力必与重力 mg等大反向因为拉力 F1的方向确定，F1与 F2的合力等于 mg 确定，由矢量图可知，当电场力 F2垂直悬线时电场力 F2=qE 最小，故场强 E 也最小由图可知此时电场力 qE
6、=mgsin60所以，所以正确的选项是 B故选：B点评：当处于平衡状态的物体受到三个力，一个力是恒力，第二个力方向不变，第三个力大小与方向都发生变化时可以利用矢量三角形法即图解法求解4 （4 分） （2014 秋建邺区校级期中）如图所示，电源电动势为 E=12V，内阻r=3，R0=1，直流电动机内阻 R0=1，当调节滑动变阻器 R1=2 时，可使甲电路输出功率最大，调节 R2时可使乙电路输出功率最大，且此时电动机刚好正常工作（额定功率为6W） ，则此时 R2的阻值为（）AR2=1.5BR2=2CR2=2.5DR2=34考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：对于甲图，当电
7、路的内阻和外阻相等时，电路的输出功率最大，由此可以求得甲图中的最大的功率；对于乙图，求出最大输出的功率的表达式，利用数学知识求乙图中的电阻的大小解答：解：据 P输出= 可知：当电路的外电阻等于内阻时，电路的输出功率最大，所以甲图 R1=rR0=31=2所以电路的最大的输出功率为 P=I2（R0+R1）=12W对于乙图，输出的功率最大时，电动机的额定功率 P0=6W，电路中电流为 I，对于乙图，输出的功率也为 12W，所以对于乙图有 I2R2+6W=12W，解得 R21.5，故 BCD 错误，A 正确故选：A点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功
8、率的计算公式是不一样的5 （4 分） （2014 秋建邺区校级期中）关于磁场中某点的磁感应强度 B，下列说法中正确的是（）A由 B=可知，B 与 F 成正比，与 IL 的乘积成反比B在磁场中某点试探电流元不受磁场力作用时，该点 B 值大小为零C磁场中某点 B 的方向，跟该点处试探电流元所受磁场力方向一致D磁场中某点的磁场方向就是小磁针 N 极受磁场力的方向考点：磁感应强度；磁感线及用磁感线描述磁场5分析：在磁场中磁感应强度有强弱，则由磁感应强度来描述强弱将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比解答：解：A、由可知，是通过比值定
9、义，所以 B 与 F，与 IL 均无关，而 B 由磁场本身性质决定故 A 错误；B、在磁场中某点试探电流元不受磁场力作用时，可能是该电流元的方向与磁场的方向平行，该点 B 值大小不一定为零故 B 错误；C、通电导线在磁场中的受力方向，由左手定则来确定，所以磁场力的方向与磁场及电流方向相互垂直，故 C 错误；D、磁场中某点的磁场方向就是小磁针 N 极受磁场力的方向故 D 正确；故选：D点评：磁感应强度的定义式可知，是属于比值定义法，且通电导线垂直放在磁场中即 B 与 F、I、L 均没有关系，它是由磁场的本身决定例如：电场强度 E= 一样同时还要注意的定义式是有条件的6 （4 分） （2008宁夏
10、）在等边三角形的三个顶点 a、b、c 处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图过 c 点的导线所受安培力的方向（）A与 ab 边平行，竖直向上 B与 ab 边平行，竖直向下C与 ab 边垂直，指向左边 D与 ab 边垂直，指向右边考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度；左手定则6分析：通电导线在磁场中受到安培力，方向是由左手定则可确定，而通电导线与通电导线间的安培力由通电导线周围存在磁场是由安培定则来确定，则对放入其中的通电导线有安培力作用，从而由安培力的叠加可确定其方向解答：解：等边三角形的三个顶点 a、b、c 处均有一通电导线，且导线中通有大小
11、相等的恒定电流由安培定则可得：导线 a、b 的电流在 c 处的合磁场方向竖直向下再由左手定则可得：安培力的方向是与 ab 边垂直，指向左边故选：C点评：从题中可得这一规律：通电导线的电流方向相同时，则两导线相互吸引；当通电导线的电流方向相反时，则两导线相互排斥二、多项选择题（本题共二、多项选择题（本题共 5 小题，每小题小题，每小题 6 分，共计分，共计 30 分每小题给出的四个选项中，有分每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的，把所选项前的字母填在题后括号内）多个选项是符合题目要求的，把所选项前的字母填在题后括号内）7 （6 分） （2014 秋建邺区校级期中）如图所示，电源电动
12、势为 E，内电阻为 r，当滑动变阻器的触片 P 从右端滑到左端时，发现电压表 V1、V2示数变化的绝对值分别为U1和U2，下列说法中正确的是（）A小灯泡 L1、L2变暗，L2变亮 B小灯泡 L3变暗，L1、L2变亮CU1U2DU1=U2考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：当滑动变阻器的触片 P 从右端滑到左端时，分析变阻器接入电路的电阻的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，判断灯 L2亮度的变化根据总电流的变化，分析并联部分电压的变化，判断 L3亮度的变化根据总电流与通过 L3电流的变化，分析通过 L1电流的变化，判断其亮度变化根据路端电压的变化，分析U1和U
13、2的大小7解答：解：A、B、当滑动变阻器的触片 P 从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大则 L2变亮变阻器的有效电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则 L3变暗总电流增大，而 L3的电流减小，则 L1的电流增大，则 L1变亮故 A 错误，B 正确C、D、由上分析可知，电压表 V1的示数减小，电压表 V2的示数增大，由于路端电压减小，所以U1U2故 CD 错误故选：B点评：本题是电路动态变化分析问题，按“局部整体局部”思路进行分析运用总量法分析两电压表读数变化量的大小8 （6 分） （2014 秋建邺区校级期中）如图所示，虚线 a、b、c 代表
14、电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即 Uab=Ubc，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q 是这条轨迹上的三点，R 同时在等势面 b 上，据此可知（）A三个等势面中，c 的电势最高B带电质点在 P 点的电势能比在 Q 点的小C带电质点在 P 点的动能与电势能之和比在 Q 点的小D带电质点在 P 点的加速度比在 Q 的加速度大考点：等势面；电场强度分析：作出电场线，根据轨迹弯曲的方向可知，电场线向上故 c 点电势最高；根据推论，负电荷在电势高处电势能小，可知电荷在 P 点的电势能大；总能量守恒；由电场线疏密确定出，P 点场强小，电场力小，加速度小解
15、答：解：A、负电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧；作出电场线，根据轨迹弯曲的方向和负电荷可知，电场线向上故 c 点电势最高，故 A 正确；8B、利用推论：负电荷在电势高处电势能小，知道 P 点电势能大，故 B 错误；C、只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故带电质点在 P 点的动能与电势能之和等于在 Q 点的动能与电势能之和，故 C 错误；D、P 点位置电场线与 Q 处的密，电场强度大，故电场力也大，由于只受电场力，故粒子在 P 点的加速度比 Q 点大，故 D 正确；故选：AD点评：根据电场线与等势面垂直，作出电场线，得到一些特殊点（电场线与等势面交点以及已知点）的电场力方向，同时结合能量
16、的观点分析是解决这类问题常用方法9 （6 分） （2006扬州二模）如图所示，两块相对的平行金属板 M、N 与电池相连，N 板接地在距离两板等远的一点 P 固定一个带负电的点电荷，如果将 M 板向上移一小段距离，则（）A点电荷所受的电场力减小 B点电荷所受的电场力增大C点电荷的电势能减少 D点电荷的电势能增大考点：电容器的动态分析；电势能；闭合电路的欧姆定律专题：电容器专题分析：平行金属板 M、N 与电池相连，板间电压不变将 M 板向上平移一小段距离，板间距离增大，电容减小，场强减小，点电荷所受电场力减小根据 P 点与下板之间电势差的变化情况，确定 P 点电势的变化若电势升高，正电荷的电势能增大；若电势降低，正电势能
