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1、1广东省梅州市五华县棉洋中学 2014-2015 学年高二下学期月考物理试卷（3 月份）参考答案与试题解析一、选择题将选项填写在相应的答题栏中，答在其他位置不得分一、选择题将选项填写在相应的答题栏中，答在其他位置不得分 （共（共 15 小题，每小题小题，每小题4 分）分）1 （4 分）下列说法正确的是（）A导体在磁场中运动时，导体中一定有感应电流B导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中一定有感应电流C只要穿过电路的磁通量发生变化，电路中一定有感应电流产生 D只要穿过闭合电路磁通量发生变化，电路中一定有感应电流考点：感应电流的产生条件 分析：产生感应电流的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化，对于切
2、割类型，产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动对照条件进行分析解答：解：A、导体在磁场中运动时，不一定产生感应电流，一定要是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时，才会产生感应电流，故 A 错误B、导体在磁场中做切割磁感线运动时，若电路不闭合，导体中不产生感应电流，故 B 错误C、穿过电路的磁通量发生变化，若电路不闭合，电路中没有感应电流产生，故 C 错误D、根据法拉第研究可知，只要穿过闭合电路磁通量发生变化，电路中一定有感应电流，故 D 正确故选：D点评：对于感应电流产生的条件，要抓住两点：一是电路必须闭合；二是磁通量发生变化或导体做切割磁感线运动2 （4 分）关于电磁感
3、应，下列说法中正确的是（）A穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零2C穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大D通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大考点：磁感应强度 分析：由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势与磁通量的变化率成正比，与线圈的匝数成正比解答：解：A、穿过线圈的磁通量越大，而磁通量变化率不一定越大，则感应电动势也无法确定故 A 错误；B、穿过线圈的磁通量为零，可能磁通量变化率最大，则感应电动势也会最大，故 B 错误；C、穿过线圈的磁通量的变化越大，而磁通量变化率不一定越大，则感应电动势也无法确定故 C 错误；D、通过线圈的磁通量变化越快
4、，感应电动势也越大，故 D 正确故选：D点评：感应电动势与磁通量的变化率有直接关系，而与磁通量变化及磁通量均没有直接关系就如加速度与速度的关系一样速度大，加速度不一定大；速度变化大，加速度也不一定大加速度与速度的变化率有关3 （4 分）如图，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的 N 极朝下当磁铁向下运动时（但未插入线圈内部） （）A线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引B线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥C线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引D线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥3考点：楞次定律 分析
5、：先判断通过线圈的磁场方向及磁通量的变化，由楞次定律可判断电路中电流的方向及磁极间的相互作用解答：解：由图可知，穿过线圈的磁场方向向下增大，由楞次定律可知感应电流的磁场应向上，则由右手螺旋定则可知电流方向与图示方向相同；由“来拒去留”可知，磁铁靠近线圈，则线圈与磁铁相互排斥，故 B 正确；故选 B点评：在判断电磁感应中磁极间的相互作用时可以直接利用楞次定律的第二种表示：“来拒去留”直接判断，不必再由安培定则判断线圈中的磁场，再由磁极间的相互作用判断力的方向4 （4 分）如图所示，水平面上放置两根平行的光滑金属导轨，其上面搁置两根金属棒 ab和 cd，它们能在导轨上自由滑动，现有一条形磁铁竖直插
6、入 ab 和 cd 棒之间，则 ab 和 cd棒的运动情况是（）A相互靠近B相互排斥C两棒都向左方运动D两棒都向右方运动考点：楞次定律 分析：当条形磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，产生感应电流，根据楞次定律判断出感应电流方向根据线圈与磁铁相对运动方向，判断磁铁与线圈之间产生的作用情况，判断线圈的支持力与重力大小关系解答：解：当条形磁铁插入导轨之间时，穿过导轨的磁通量增大，根据楞次定律判断出导轨中产生感应电流，产生磁场将会阻碍磁通量增大，故两棒向里靠近，减小穿过的面积，从而起到阻碍磁通量增大的作用因此不论条形磁铁是 S 极还是 N 极，由于磁铁的插入导轨之间时，则两棒靠近故 A 正确，BC
7、D 错误；4故选：A点评：楞次定律的另一种表述是：感应电流的磁场总阻碍导体与磁体间的相对运动，而阻碍相对运动的力是安培力5 （4 分）如图所示，矩形闭合线圈平面跟磁感线方向平行，下列哪种情况线圈中能产生感应电流（）A线圈围绕 ab 轴转动B线圈垂直纸面向外平移C线圈在纸面内向下平移D线圈绕 cd 轴转动考点：感应电流的产生条件 分析：根据产生感应电流的条件：穿过闭合线圈的磁通量要发生变化来判断，而线圈的磁通量可根据磁感线的条数分析其变化情况解答：解：A、根据感应电流产生的条件，当线圈绕 ab 轴转动时，穿过线圈的磁通量发生变化，故 A 正确B、线圈垂直纸而向外平动，磁场与线圈平行，线圈有效面积
8、为零，故=0，无电流产生，故 B 错误C、线圈沿 ab 轴下移，磁场与线圈平行，线圈有效面积为零，故=0，无电流产生，故 C 错误D、线圈绕 bc 轴转，磁场与线圈平行，线圈有效面积为零，故=0，无电流产生，故 D 错误故选：A点评：本题的解题关键是掌握产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁能量发生变化，明确磁通量的含义，并能用来进行判断6 （4 分）如图所示的匀强磁场中，有一直导线 ab 在一个导体框架上向左运动，那么 ab导线中感应电流方向（有感应电流）及 ab 导线所受安培力方向分别是（）5A电流由 b 向 a，安培力向左B电流由 b 向 a，安培力向右C电流由 a 向 b，安培力向左D电
9、流由 a 向 b，安培力向右考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力 专题：电磁感应与电路结合分析：ab 导线中感应电流方向根据右手定则判断，ab 导线所受安培力方向根据左手定则判断解答：解：根据右手定则判断可知，ab 导线中感应电流方向由 a 向 b，根据左手定则判断，ab 导线所受安培力向右，故 D 正确，ABC 错误故选：D点评：对于电磁学中常用的三个定则，关键要理解并掌握两点：一是什么条件下用什么定则；二是怎样用7 （4 分）灯泡 A1，A2的规格完全相同，线圈 L 的电阻不计，连接如图所示，下列说法中正确的是（）A当接通电路时，A1和 A2始终一样亮B当接通电路时，A2先达到最大亮
10、度，A1后达到最大亮度，最后两灯一样亮C当断开电路时，A2立即熄灭、A1过一会儿才熄灭D当断开电路时，两灯都要过一会儿才熄灭考点：自感现象和自感系数 6分析：电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小解答：解：A、合上开关 K 接通电路，A2立即亮，线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过 A1的电流慢慢变大，最后两灯泡的电压一样大，所以一样亮故 A 错误，B 正确；C、断开开关 K 切断电路时，通过 A2的用来的电流立即消失，线圈对电流的减小有阻碍作用，所以通过 A1的电流会慢慢变小，并且通过 A2，所以两灯泡一起过一会儿熄灭故 C 错误、D 正确故
11、选：BD点评：解决本题的关键知道电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小8 （4 分）一线圈在匀强磁场中匀速转动，在如图所示位置时（）A穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最小B穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最大C穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最大D穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最小考点：磁通量 分析：根据法拉第电磁感应定律公式，当时间足够小时，可以用该公式近似求解瞬时电动势，而磁通量的变化量与瞬时电动势成正比解答：解：当线圈处于图中所示位置时，线框与磁场方向平行，磁通量为零，最小；该位置与中性面垂直，感应电动势最大，根据法拉第
12、电磁感应定律公式 E=n，磁通量的变化率最大；故选：C点评：本题中线圈产生的是正弦式交变电流，当磁通量为零时，线框与中性面垂直，感应电动势最大，磁通量的变化率最大79 （4 分）矩形线圈的匝数为 50 匝，在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动时，穿过线圈的磁通量随时间的变化规律如图所示下列结论正确的是（）A在 t=0.1s 和 t=0.3s 时，电动势最大B在 t=0.2s 和 t=0.4s 时，电动势改变方向C电动势的最大值是 157VD在 t=0.4s 时，磁通量变化率最大，其值为 31.4Wb/s考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系 专题：交流电专题分析：交变电流产生过程中，线圈在中性
13、面上时，穿过线圈的磁通量最大，感应电动势最小，线圈与中性面垂直时，通过的磁通量最小，电动势为大；结合 t 图象分析答题解答：解：A、在 t=0.1 s 和 t=0.3 s 时，磁通量最大，线圈位于中性面位置，感应电动势为零，故 A 错误；B、在 t=0.2 s 和 t=0.4 s 时，磁通量为零，线圈垂直于中性面，感应电动势最大，电动势不改变方向，故 B 错误；C、根据 t 图象，BS=0.2Wb，T=0.4s，故电动势的最大值：Em=NBS=NBS=500.2=50V=157 V；故 C 正确；D、在 t=0.4 s 时，磁通量为零，线圈垂直于中性面，感应电动势最大，故磁通量变化率最大，其值
14、为 3.14 Wb/s，故 D 错误；故选：C点评：要掌握交流电产生过程特点，特别是两个特殊位置：中性面和垂直中性面时，掌握电流产生过程即可正确解题810 （4 分）如图所示电路中，已知交流电源电压 u=200sin（100t）V，电阻 R=100则电流表和电压表的示数分别为（）A1.41 A，200 VB1.41 A，141 VC2 A，200 VD2 A，141 V考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系 专题：交流电专题分析：由交流电源的表达式可知电源电压的有效值，则由欧姆定律可求得电流及电压表的示数解答：解：已知交流电源电压 u=200sin100t V，由表达式可知，交流电源电压的有效
15、值 U=141V，所以电压表的示数是 141 V由欧姆定律可知，电路中电流 I= =A=1.41A，所以电流表的示数是 1.41A故选：B点评：知道正弦交变电流电压的最大值是有效值的倍，在交流电路中电流表电压表所测量的结果均为有效值11 （4 分）一个交流电源的输出端电压的瞬时表达式为 U=311sin（50t） （V） ，将一个不计内阻的交流电流表与一个阻值为 220 的电阻串联后接在该电源上，则（）A交流电流表的示数为 1.55AB交流电流表的示数为 1AC该交流电的频率为 50HzD交流电的周期为 0.02s考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式 专题：交流电专题分析：电压表和电流表显示
16、的是电压和电流有效值，根据欧姆定律求解解答：解：A、电压的瞬时表达式为：U=311sin（50t） （V） ，9电压有效值是：U=220V，根据欧姆定律得电流表读数：I=1A，故 A 错误，B 正确；C、该交流电的频率为：f=25Hz，故 C 错误；D、交流电的周期为：T=0.04s，故 D 错误；故选：B点评：本题考查了交流电的最大值和有效值间的关系，知道电压表和电流表显示的是电压和电流有效值12 （4 分）有一理想变压器，原、副线圈的匝数比为 4：1原线圈接在一个交流电源上，交流电的变化规律如图所示副线圈所接的负载电阻是 11则下列说法中错误的是（）A原线圈交流电的频率为 50HzB副线圈输出电压为 55VC流
