《【物理】山西省大同市星原学校2015届高三上学期第二次质检》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【物理】山西省大同市星原学校2015届高三上学期第二次质检（24页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、12014-20152014-2015 学年山西省大同市星原学校高三（上）学年山西省大同市星原学校高三（上）第二次质检物理试卷（复兴班）第二次质检物理试卷（复兴班）一、单项选择题（每小题一、单项选择题（每小题 3 3 分，共分，共 2424 分每小题的四个选项中，只有一个选项正确分每小题的四个选项中，只有一个选项正确 ）1 （3 分）伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验” ，对于这个研究过程，下列说法正确的是（ ）A 斜面实验是一个理想实验B 斜面实验放大了重力的作用，便于测量小球运动的路程C 通过对斜面实验的观察与计算，直接得到落体运动的规律D 不直接做落体实验是因
2、为当时时间测量不够精确【考点考点】： 牛顿第一定律【分析分析】： 本题考查了有伽利略“斜面实验”的知识，根据其历史背景我们知道，之所以采用“斜面实验” ，注意碍于当时对时间的测量技术、手段落后【解析解析】： 解：A、伽利略“斜面实验”没有进行理想化处理，不是理想实验，故 A 错误；B、伽利略时代，没有先进的测量手段和工具，为了“冲淡”重力作用，采用斜面实验，其实就是为了使物体下落时间长些，减小实验误差，故 B 错误；C、根据实验结果，伽利略将实验结论进行合理的外推，得到落体的运动规律，并非是主观臆断得出的，是在实验的基础上得出的，故 C 错误；D、伽利略时代，没有先进的测量手段和工具，为了“冲
3、淡”重力作用，采用斜面实验，其实就是为了使物体下落时间长些，减小实验误差，故 D 正确；故选：D【点评点评】： 本题关键要了解伽利略“斜面实验”的历史背景，以及实验方法，体会实验在物理中的重要作用22 （3 分）图中弹簧秤、绳和滑轮的重量均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计，物体的重力都是 G，在图甲、乙、丙三种情况下，弹簧秤的读数分别是 F1、F2、F3，则（ ）A F3F1=F2 B F3=F1F2 C F1=F2=F3 D F1F2=F3【考点考点】： 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题： 共点力作用下物体平衡专题【分析分析】： 弹簧称的读数等于弹簧受到的拉力甲图、乙图分别以物
4、体为研究对象由平衡条件求解丙图以动滑轮为研究对象分析受力情况，根据平衡条件求解【解析解析】： 解：甲图：物体静止，弹簧的拉力 F1=mg；乙图：对物体为研究对象，作出力图如图由平衡条件得F2=Gsin60=0.866mg丙图：以动滑轮为研究对象，受力如图由几何知识得 F3=mg故 F3=F1F2故选 B3【点评点评】： 本题是简单的力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图对于丙图，是平衡中的特例，结果要记忆3 （3 分）甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距 S=6m，乙车在前，甲车在后，某时刻两车同时开始制动，此后两车运动的过程如图所示，则下列表述正确的是（ ）A 当 t=4s 时两
5、车相遇 B 当 t=4s 时两车间的距离最大C 两车有两次相遇 D 两车有三次相遇【考点考点】： 匀变速直线运动的图像专题： 运动学中的图像专题【分析分析】： 根据图象与时间轴围成的面积可求出两车的位移，则可确定何时两车相遇能够画出两车的运动情景过程，了解两车在过程中的相对位置【解析解析】： 解：A、图象与时间轴围成的面积可表示位移，04s，甲的位移为 48m，乙的位移为 40m，甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距S=6m，当 t=4s 时，甲车在前，乙车在后，相距 2m所以当 t=4s 时两车不相遇，第一次相遇发生在 4s 之前故 A 错误B、开始时乙车在前，甲车在后，甲的速度大于乙的
6、速度，所以两车间的距离减小，故 B 错误C、06s，甲的位移为 60m，乙的位移为 54m，两车第二次相遇，6s 后，由于乙的速度大于甲的速度，乙又跑到前面，8s 后，由于甲的速度大于乙的速度，两车还会发生第三次相遇，故 C 错误，D 正确故选 D4【点评点评】： 速度时间图象中要注意观察三点：一点，注意横纵坐标的含义；二线，注意斜率的意义；三面，速度时间图象中图形与时间轴围成的面积为这段时间内物体通过的位移4 （3 分） （2010宝山区一模）如图所示，在水平地面附近小球 B 以初速度 v 斜向上瞄准另一小球 A 射出，恰巧在 B 球射出的同时，A 球由静止开始下落，不计空气阻力则两球在空中
7、运动的过程中（ ）A 以地面为参照物，A 球做匀变速运动，B 球做匀速运动B 在相同时间内 B 球的速度变化一定比 A 球的速度变化大C 两球的动能都随离地的竖直高度均匀变化D A、B 两球一定会相碰【考点考点】： 抛体运动；自由落体运动【分析分析】： A 球做的是自由落体运动B 球做的是斜抛运动根据受力情况和牛顿第二定律知道它们的加速度都为重力加速度根据运动特点解决问题【解析解析】： 解：A、以地面为参考系进行分析，A 自由落体，B 斜抛运动，故 A 错误；B、两个球都是只受重力，加速度相同，为 g，故相同时间内速度的改变量相等，为 gt，故B 错误；C、根据动能定理得：WG=EK重力做功随
8、离地竖直高度均匀变化，所以 AB 两球的动能都随离地竖直高度均匀变化，故 C 正确；D、若 B 球初速度不够大或 A 球的高度不够大，相遇前可能已经落地，故 D 错误；故选 C【点评点评】： 自由落体运动和斜抛运动都是匀变速运动它们的加速度都为重力加速度55 （3 分）如图所示，质量不计的轻质弹性杆 P 插入桌面上的小孔中，杆的另一端固定一质量为 m 的小球，今使小球在水平面内做半径为 R 的匀速圆周运动，角速度为 ，则下列说法正确的是（重力加速度为 g） （ ）A 球所受的合外力大小为 B 球所受的合外力大小为C 球对杆作用力的大小为 D 球对杆作用力的大小为【考点考点】： 牛顿第二定律；向
9、心力专题： 牛顿第二定律在圆周运动中的应用【分析分析】： 小球受到重力和杆子的作用力，两个力的合力提供小球做匀速圆周运动的向心力根据力的合成，求出球对杆子的作用力大小【解析解析】： 解：A、小球所受合力提供匀速圆周运动的向心力，即故 A、B错误C、小球受重力和杆子对它的作用力 F，根据力的合成有：，所以 F=故 C 错误，D 正确故选 D【点评点评】： 解决本题的关键知道小球匀速圆周运动的向心力由重力和杆子对它作用力的合力提供根据向心力求出合力，根据力的合成求出杆子的作用力6 （3 分）如图两段长均为 L 的轻质线共同系住一个质量为 m 的小球，另一端分别固定在等高的 A、B 两点，A、B 两
10、点间距也为 L，今使小球在竖直平面内做圆周运动，当小球到达6最高点时速率为 v，两段线中张力恰好均为零，若小球到达最高点时速率为 2v，则此时每段线中张力大小为（ ）A mg B 2mg C 3mg D 4mg【考点考点】： 向心力；匀速圆周运动专题： 匀速圆周运动专题【分析分析】： 小球在最高点绳子张力为零，靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出小球在最高点速率为 2v 时，两段绳子拉力的合力，从而根据力的合成求出每段绳子的张力大小【解析解析】： 解：当小球到达最高点速率为 v，有 mg=m，当小球到达最高点速率为 2v 时，应有 F+mg=m=4mg，所以 F=3mg，此时最高点各力如图所
11、示，所以 FT=mg，A 正确B、C、D 错误故选 A【点评点评】： 本题考查牛顿第二定律和力和合成的综合运用，关键知道小球在最高点向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解7 （3 分） （2013广西模拟）关于人造地球卫星的下列说法中，正确的是（ ）A 人造地球卫星做匀速圆周运动时的圆心不一定都在地心B 所有人造地球卫星的轨道都在赤道平面内C 人造地球卫星的发射场一般选择在尽可能靠近赤道的地方，且沿地球自转方向发射D 第一宁宙速度是人造地球卫星环绕地球做匀速圆周运动的最小线速度7【考点考点】： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题： 人造卫星问题【分析分析】： 卫星绕地
12、球做匀速圆周运动，是靠万有引力提供向心力，万有引力的方向指向地心，故圆周运动的圆心为地心人造地球卫星的发射场一般选择在尽可能靠近赤道的地方，赤道处地球自转线速度较大【解析解析】： 解：A、卫星运动过程中的向心力由万有引力提供，故地球必定在卫星轨道的中心，即地心为圆周运动的圆心同步卫星由于其周期和地球的自转周期相同，轨道一定在赤道的上空故 A、B 错误C、人造地球卫星的发射场一般选择在尽可能靠近赤道的地方，赤道处地球自转线速度较大，且沿地球自转方向发射，故 C 正确D、第一宁宙速度是人造地球卫星环绕地球做匀速圆周运动的最大线速度，故 D 错误故选 C【点评点评】： 解决本题的关键知道卫星绕地球做
13、匀速圆周运动，圆心即为地心以及同步卫星的轨道在赤道上空8 （3 分）如图所示，足够长的水平传送带以速度 沿顺时针方向运动，传送带的右端与光滑曲面的底部平滑连接，曲面上的 A 点距离底部的高度为 h=0.45m一小物块从 A 点静止滑下，再滑上传送带，经过一段时间又返回曲面，g 取 10m/s2，则下列说法正确的是（ ）A 若 =1m/s，则小物块能回到 A 点B 若 =2m/s，则小物块能回到 A 点C 若 =5m/s，则小物块能回到 A 点D 无论 等于多少，小物块均能回到 A 点【考点考点】： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题： 牛顿运动定律综合专题8【分析分析】： 由于
14、曲面是光滑的，物体从 A 点下滑之后，机械能守恒，由此可以求得到达水平传送带时物体的速度的大小，之后物体在传送带上减速运动，减到零之后由开始反向加速，根据此时的传送带的速度的不同可以分析得到物体脱离传送带时的速度的大小，与原来下滑时的速度的大小相对比，可以知道物体能不能回到原来的 A 点【解析解析】： 解：物体在曲面上下滑的过程中，物体的机械能守恒，根据机械能守恒可得，mgh= mv02，所以小物块滑上传送带的初速度：v0=，物体到达传送带上之后，由于摩擦力的作用开始减速，速度减小为零之后，又在传送带的摩擦力的作用下反向加速，根据物体的受力可知，物体在减速和加速的过程物体的加速度的大小是相同的
15、当传送带的速度 v3 m/s 时，由匀变速直线运动的规律 v2v02=2ax 分析可知，物体的加速和减速运动的位移的大小相同，小物块返回曲面的初速度都等于 3 m/s，物体恰好能回到 A 点，当传送带的传送速度v3m/s 时，物体反向加速时的位移的大小要比减速时位移小，当和传送带的速度相同之后，物体就和传送带一起做匀速直线运动，所以小物块返回曲面的初速度等于传送带的速度 v，小于 3 m/s，物体上升的高度比原来的高度要小，不能回到 A 点根据以上的分析可知，当传送带的速度 v3 m/s 时，物体就能够回到原来的 A 点，所以 C正确故选：C【点评点评】： 本题很好的考查了学生对物体运动状态的分析能力，物体在减速和反向的加速阶段的加速度的大小是相同的，只有当传送带的速度大小大于或等于物体下滑的速度的时候，物体反向加速的速度的大小才会等于下滑时的速度的大小，才能够返回原来的 A 点二、多项选择题（每小题二、多项选择题（每小题 4 4 分，共分，共 2424 分每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确，分每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确，全部选对的得全部选对的得 4 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 0 分分 ）9 （4 分）
